Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen?−128?64?32?16?8?4?2?1

−42 sayısını 8 bitlik ikiye tümleyen dizisi olarak yazın. Diziyi işaretsiz ikilik sayı olarak okuyun: onluk değeri U nedir?

N = −428 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
966 kod, b = ? bit?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Bir sistem 966 öğenin her birine aynı uzunlukta kendi ikilik kodunu vermelidir. En az kaç bit b gerekir?

966
b = bit
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

(b ∨ a) ∧ (¬b ∧ ¬a) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

(b ∨ a) ∧ (¬b ∧ ¬a)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
abb → aab11100100

Öncülleri b → a; a ve sonucu b olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

b → aa∴ b
  1. 1a = 1, b = 1
  2. 2a = 1, b = 0
  3. 3a = 0, b = 1
  4. 4a = 0, b = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
MUX1I0​C′I1​0I2​CI3​ABS1​S0​F

Bir 4’ten 1’e çoklayıcının seçme girişleri S₁ = A ve S₀ = B, veri girişleri I₀ = 1, I₁ = C′, I₂ = 0, I₃ = C’e bağlanmıştır. A, B ve C girişlerinin 8 birleşiminden kaçında F = 1 olur? N değerini bulun.

I₀ = 1I₁ = C′I₂ = 0I₃ = C
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD00011110000111101001X3020415X7061121131151141809111010

F(A, B, C, D) = Σm(0, 5, 8, 11, 12, 13, 14, 15) + d(3, 7) fonksiyonunun en küçük SOP biçimini bulun; d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterir. Kaç literal (L) içerir?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 5, 8, 11, 12, 13, 14, 15) + d(3, 7)
L =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

x ≡ 2 (mod 7) ve x ≡ 10 (mod 11) sağlayan en küçük pozitif tam sayı x değerini bulun.

x ≡ 2 (mod 7)x ≡ 10 (mod 11)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (1247, 5)d = ?

Bir RSA anahtarı p = 29 ve q = 43 asallarını ve e = 5 genel üssünü kullanıyor. Özel üssü, d, bulun (0 < d < φ(n)).

p = 29q = 43e = 5
d =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Bir problemin optimal alt yapıya sahip olması ne anlama gelir?

  1. AOptimal bir çözüm, alt problemlerinin optimal çözümlerinden oluşturulabilir
  2. BProblemin tam olarak bir optimal çözümü vardır ve bu çözümü her alt problem paylaşır
  3. CProblem sabit zamanda çözülebilir
  4. DHer alt problem aynı boyuttadır
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

İkili arama tek yönlü bağlı listede neden O(log n) zaman vermez?

  1. ABağlı liste düğümlerindeki karşılaştırmalar daha yavaştır
  2. BBağlı listeler sıralanamaz
  3. Cİkili arama en az iki kat bellek gerektirir
  4. DDoğrudan indeks erişimi olmadığından ortadaki elemana ulaşmak O(n) adım alır
11.Veri yapılarıOrta

50, 30, 70, 20, 40 anahtarları bu sırayla boş bir ikili arama ağacına ekleniyor. 30'un sol çocuğu nedir?

  1. A40
  2. B50
  3. C70
  4. D20
12.Veri yapılarıZor

Tek yönlü bağlı bir listeyi yerinde (in place) tersine çevirmenin zaman ve ek alan maliyeti nedir?

  1. AO(n) zaman ve O(1) ek alan
  2. BO(1) zaman ve O(1) ek alan
  3. CO(n log n) zaman ve O(1) ek alan
  4. DO(n) zaman ve O(n) ek alan
13.Graf kuramıOrta

Bir ağacın derecesi 5 olan 3 köşe vardır ve diğer tüm köşeleri yapraktır (derece 1). Kaç yaprağı (L) vardır?

3 × deg 5
L =
14.Graf kuramıZor
ABCDEF

E köşesinde başlayıp biten 2 uzunluğunda kaç kapalı gezinti vardır? Bir gezinti köşeleri ve kenarları tekrar edebilir. Sayıya N deyin.

M = komşuluk matrisiL = 2
N =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Bir tablo müşterinin adresini her sipariş satırında saklıyor. Adresi bir satırda değiştirip diğerlerinde değiştirmemek neye örnektir?

  1. AEkleme anomalisi
  2. BGüncelleme anomalisi
  3. CHayalet okuma (phantom read)
  4. DSilme anomalisi
16.Veritabanları ve SQLZor

Birçok VTYS neden özel kilitleri commit'e kadar tutan katı iki aşamalı kilitleme (strict 2PL) kullanır?

  1. AKilitlenmeleri imkânsız kılar
  2. Bİşlemlerin kirli verileri güvenle okumasına izin verir
  3. Cİşlem günlüğü ihtiyacını ortadan kaldırır
  4. DKimse commit edilmemiş yazmaları okuyamadığı için zincirleme iptalleri önler
17.Bilgisayar ağlarıOrta

"ping" komutu hangi protokolü kullanır?

  1. AHTTP
  2. BTCP
  3. CUDP
  4. DICMP
18.Bilgisayar ağlarıZor

TCP hızlı yeniden iletim (fast retransmit) ne yapar?

  1. AGüvenli olması için her segmenti iki kez gönderir
  2. BZaman aşımını beklemeden, üç yinelenen ACK'tan sonra bir segmenti yeniden gönderir
  3. CBilinen ana bilgisayarlara yeniden bağlanırken üçlü el sıkışmayı atlar, böylece veri daha erken yeniden gönderilir
  4. DHer kayıptan sonra pencereyi iki katına çıkarır
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/?11111111111111111111110000000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir birimin tek bir alt ağda 550 cihaz adresine ihtiyacı var. Yeterli olan en uzun önek p (en küçük alt ağ) nedir?

550 hosts
p =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 11012806403201618041211ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.153.11/29. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.153.11/29
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 214

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

42 = 0010 1010
tersine çevrilmiş: 1101 0101
+1 → 1101 0110

İşaretsiz okuyun

1101 0110₂ = 256 − 42 = 214

Cevap

U = 214
2.Sayı sistemleri

Cevap: b = 10 bit

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

İkinin kuvvetleri

29 = 512 < 966
210 = 1024 ≥ 966

Cevap

b = 10
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: çelişki

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

a = 1, b = 1: b ∨ a = 1, ¬b = 0, ¬a = 0, ¬b ∧ ¬a = 0, (b ∨ a) ∧ (¬b ∧ ¬a) = 0
a = 1, b = 0: b ∨ a = 1, ¬b = 1, ¬a = 0, ¬b ∧ ¬a = 0, (b ∨ a) ∧ (¬b ∧ ¬a) = 0
a = 0, b = 1: b ∨ a = 1, ¬b = 0, ¬a = 1, ¬b ∧ ¬a = 0, (b ∨ a) ∧ (¬b ∧ ¬a) = 0
a = 0, b = 0: b ∨ a = 0, ¬b = 1, ¬a = 1, ¬b ∧ ¬a = 1, (b ∨ a) ∧ (¬b ∧ ¬a) = 0

Sınıflandırın

(b ∨ a) ∧ (¬b ∧ ¬a): 0, 0, 0, 0
Her satırda 0: bir çelişki.

Cevap

çelişki
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: a = 1, b = 0

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

a = 1, b = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 0: 1 1 | 0
a = 0, b = 1: 0 0 | 1
a = 0, b = 0: 1 0 | 0

Karşı örnek

a = 1, b = 0

Cevap

a = 1, b = 0

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Çoklayıcı (multiplexer): 2ⁿ’den 1’e bir çoklayıcı veri girişlerinden birini çıkışa iletir; ikilik sayı olarak okunan seçme hatları hangisinin seçileceğini belirler. S₁S₀ = AB seçmeli 4’ten 1’e bir MUX için F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Veri girişlerini 0, 1, C ya da C′’ye bağlamak MUX’un A, B ve C’nin herhangi bir fonksiyonunu üretmesini sağlar; bu, tek bir yongayla mantık kurmanın yaygın bir yoludur.

Çıkış ifadesi

F = A′B′ + A′BC′ + ABC

F = 1 olan satırlar

ABC = 000, 001, 010, 111
N = 4

Cevap

N = 4
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 9

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

CD, BD, B′C′D′, AC′D′, AB
ABCD00011110000111101001X3020415X7061121131151141809111010

En küçük kapsama

F = CD + BD + B′C′D′ + AB
L = 9

Cevap

L = 9
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 65

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Birinci denklik

x = 2 + 7k

İkinci denklik

2 + 7k ≡ 10 (mod 11) → 7k ≡ 8 (mod 11)
k ≡ 8·8 ≡ 9 (mod 11)

Sonuç

x = 2 + 7·9 = 65
x = 65
kontrol: 65 mod 7 = 2, 65 mod 11 = 10

Cevap

x = 65
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: d = 941

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Modül ve φ değeri

n = 29·43 = 1247
φ(n) = 28·42 = 1176

Genişletilmiş Öklid algoritması

r = 1176, t = 0
r = 5, q = 235, t = 1
r = 1, q = 5, t = −235

Özel üs

d = 941
kontrol: 5·941 = 4705 = 4·1176 + 1

Cevap

d = 941
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · Optimal bir çözüm, alt problemlerinin optimal çözümlerinden oluşturulabilir

Cevap neden bu

Hem açgözlü algoritmaların hem de dinamik programlamanın doğru yanıtlar üretmesi için optimal alt yapı gereklidir.

Cevap

A · Optimal bir çözüm, alt problemlerinin optimal çözümlerinden oluşturulabilir
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · Doğrudan indeks erişimi olmadığından ortadaki elemana ulaşmak O(n) adım alır

Cevap neden bu

İkili arama ortaya O(1) erişim gerektirir; bağlı listede oraya yürümek doğrusal zaman alır, bu yüzden toplam O(n)'dir.

Cevap

D · Doğrudan indeks erişimi olmadığından ortadaki elemana ulaşmak O(n) adım alır
11.Veri yapıları

Cevap: D · 20

Cevap neden bu

20, 50'den ve 30'dan küçüktür, bu nedenle 30'un sol çocuğu olur; 40 ise sağ çocuğu olur.

Cevap

D · 20
12.Veri yapıları

Cevap: A · O(n) zaman ve O(1) ek alan

Cevap neden bu

Üç işaretçi (önceki, mevcut, sonraki) tutmak, yeni düğüm ayırmadan her bağlantıyı tek geçişte tersine çevirmeyi sağlar.

Cevap

A · O(n) zaman ve O(1) ek alan
13.Graf kuramı

Cevap: L = 11

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Bir ağaç için el sıkışma lemması

L + 15 = 2(L + 3) − 2
L = 11

Cevap

L = 11

Kısayol: L = 2 + Σ (d − 2); toplam, derecesi d ≥ 3 olan köşeler üzerindendir.

14.Graf kuramı

Cevap: N = 4

Dereceler: bir köşenin derecesi ona değen kenar sayısıdır. Her kenarın iki ucu vardır; bu yüzden dereceler kenar sayısının iki katını verecek şekilde toplanır: Σ deg(v) = 2|E| (el sıkışma lemması). Dolayısıyla derecesi tek olan köşelerin sayısı çifttir. Kn grafının n(n − 1)/2 kenarı vardır, n köşeli k-düzgün bir grafın nk/2 kenarı vardır ve n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır.

Komşuluk matrisi

A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 1 1 1 0
C: 1 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Ortak komşular

(M²)EE = 0·0 + 1·1 + 1·1 + 1·1 + 0·0 + 1·1 = 4

Cevap

N = 4
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Güncelleme anomalisi

Cevap neden bu

Gereksiz tekrarlı saklama, tek bir değişikliğin birçok satırda yapılması gerektiği anlamına gelir; bazıları atlanırsa veri tutarsız kalır; normalleştirme bunu önler.

Cevap

B · Güncelleme anomalisi
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Kimse commit edilmemiş yazmaları okuyamadığı için zincirleme iptalleri önler

Cevap neden bu

Temel 2PL serileştirilebilirliği garanti eder, ancak yazma kilitlerini erken bırakmak başkalarının daha sonra geri alınacak verileri okumasına izin verebilir; katı 2PL bundan kaçınır.

Cevap

D · Kimse commit edilmemiş yazmaları okuyamadığı için zincirleme iptalleri önler
17.Bilgisayar ağları

Cevap: D · ICMP

Cevap neden bu

Ping, ICMP yankı istekleri (echo request) gönderir ve yankı yanıtları (echo reply) dönene kadar geçen süreyi ölçer.

Cevap

D · ICMP
18.Bilgisayar ağları

Cevap: B · Zaman aşımını beklemeden, üç yinelenen ACK'tan sonra bir segmenti yeniden gönderir

Cevap neden bu

Üç yinelenen ACK tek bir kayıp segmenti güçlü biçimde düşündürür; bu yüzden TCP onu hemen yeniden iletir. Bu, yeniden iletim zamanlayıcısını beklemekten çok daha hızlı toparlanma sağlar.

Cevap

B · Zaman aşımını beklemeden, üç yinelenen ACK'tan sonra bir segmenti yeniden gönderir
19.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 22

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Gereken cihaz bitleri

29 − 2 = 510 < 550
210 − 2 = 1022 ≥ 550 → h = 10

Önek uzunluğu

p = 32 − 10 = 22

Cevap

p = /22
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 15

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

23 = 8

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊11/8⌋·8 = 8
yayın: 8 + 8 − 1 = 15
kullanılabilir cihazlar: 9 … 14

Cevap

x = 15

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals