Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −39 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −398 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
16 bit1 px1280 px720 pxM = ? KiB

Sıkıştırılmamış bir görüntü 1280 × 720 piksel ve piksel başına 16 bittir. KiB cinsinden (1 KiB = 1024 bayt) ne kadar bellek M kaplar?

1280 × 720 px16 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
(c ∧ b) → a¬(c ∧ b) → ¬a¬a → ¬(c ∧ b)a ∧ ¬(c ∧ b)

a → (c ∧ b) önermesini karşıt değil yoluyla ispatlamak istiyorsunuz. Bunun yerine hangi gerektirmeyi ispatlarsınız? Üzerine tıklayın.

a → (c ∧ b)
  1. 1(c ∧ b) → a
  2. 2¬(c ∧ b) → ¬a
  3. 3¬a → ¬(c ∧ b)
  4. 4a ∧ ¬(c ∧ b)
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
qrr ∨ qr¬q11100100

Öncülleri r ∨ q; r ve sonucu ¬q olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

r ∨ qr∴ ¬q
  1. 1q = 1, r = 1
  2. 2q = 1, r = 0
  3. 3q = 0, r = 1
  4. 4q = 0, r = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC00011110010001131214151706

F(A, B, C) = Σm(2, 3, 4, 5, 7) fonksiyonunun en küçük toplamlar çarpımı (POS) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Kaç toplam terimi (çarpan) (N) vardır?

F(A, B, C) = Σm(2, 3, 4, 5, 7)
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​TQ4​Q4​TQ5​Q5​CLK

6 bitlik bir dalgacık (ripple, eşzamansız) sayıcı, her biri 12 ns yayılım gecikmeli flip-floplarla kurulmuştur. Tüm çıkışlar bir sonraki saat kenarından önce oturmuş olmalıdır. En yüksek saat frekansını, fmax, bulun.

n = 6tpd = 12 ns
fmax = MHz
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

71 sayısının 83 modundaki tersini bulun: 0 < x < 83 olan ve 71·x ≡ 1 (mod 83) sağlayan x sayısı.

a = 71n = 83
71−1 mod 83 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

12x ≡ 28 (mod 74) denkliğini çözün. En küçük pozitif çözümü, x, verin.

12x ≡ 28 (mod 74)
x =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Hızlı sıralama pivot olarak her zaman ilk elemanı kullanıyor. Hangi girdide en kötü durum davranışını gösterir?

  1. ATüm elemanları farklı olan bir dizide
  2. BRastgele sıralı bir dizide
  3. CZaten sıralı bir dizide
  4. DUzunluğu 2 olan bir dizide
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

P sınıfının hangi tanımı doğrudur?

  1. AParalel olarak çözülebilen problemler
  2. BHer bilgisayarda üstel zaman gerektiren problemler
  3. CÇözümleri kontrol edilebilen ama polinom zamanda asla bulunamayan problemler
  4. DDeterministik bir algoritmayla polinom zamanda çözülebilen karar problemleri
11.Veri yapılarıOrta

AVL ağacı her düğümde hangi denge koşulunu korur?

  1. ASol ve sağ alt ağaçların yükseklikleri en fazla 1 farklıdır
  2. BHer düğümün her iki alt ağacı da tam olarak aynı sayıda düğüm içerir
  3. CHer düğüm kırmızı veya siyaha boyanır
  4. DTüm yapraklar tam olarak aynı derinliktedir
12.Veri yapılarıZor

Rütbeye göre birleştirme ve yol sıkıştırma kullanan union-find (ayrık küme) yapısının işlem başına amortize maliyeti nedir?

  1. AO(α(n)), ters Ackermann fonksiyonu; pratikte sabittir
  2. BTam olarak O(log n)
  3. CO(n²)
  4. DO(n)
13.Graf kuramıOrta
ABCDEFGEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 7|E| = 10
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
ABCDE

B köşesinden D köşesine giden 2 uzunluğunda kaç gezinti vardır? Bir gezinti köşeleri ve kenarları tekrar edebilir. Sayıya N deyin.

M = komşuluk matrisiL = 2
N =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Hangi ACID özelliği onaylanmış (commit edilmiş) değişikliklerin bir sistem çökmesinden sonra da kalmasını garanti eder?

  1. AYalıtım (isolation)
  2. BBölünmezlik (atomicity)
  3. CTutarlılık (consistency)
  4. DKalıcılık (durability)
16.Veritabanları ve SQLZor

R'yi R1 ve R2'ye ayrıştırmak ne zaman kayıpsız olmayı garanti eder?

  1. AR1 ve R2'nin hiç ortak niteliği olmadığında
  2. BR1 ve R2'nin ortak nitelikleri R1'in veya R2'nin bir süper anahtarını oluşturduğunda
  3. CR1 ve R2 aynı sayıda sütuna sahip olduğunda
  4. DR'nin her niteliği hem R1'de hem R2'de göründüğünde
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Ethernet çerçevelerinde döngüsel artıklık denetimi (CRC) ne için kullanılır?

  1. AÇerçeveyi şifrelemek için
  2. Bİletim hatalarını saptamak için
  3. CHer bit hatasını otomatik olarak düzeltmek için
  4. DEn iyi rotayı seçmek için
18.Bilgisayar ağlarıZor

TCP tıkanıklık kontrolündeki "yavaş başlangıç" (slow start) aşaması:

  1. ATıkanıklık penceresini bir eşiğe ya da kayba kadar üstel olarak artırır
  2. BYalnızca UDP tarafından kullanılır
  3. CPencereyi bir segmentte sabit tutar
  4. DPaket kaybı algılanana kadar tıkanıklık penceresini her gidiş-dönüşte yarıya indirir
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/?11111111111111111111100000000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir birimin tek bir alt ağda 1726 cihaz adresine ihtiyacı var. Yeterli olan en uzun önek p (en küçük alt ağ) nedir?

1726 hosts
p =
20.IPv4 alt ağlarıZor

192.168.61.0/24 ağı şu LAN’lar için VLSM ile bölünüyor: A: 117 ana makine, B: 5 ana makine, C: 34 ana makine, D: 9 ana makine. Alt ağlar .0’dan yukarı doğru, en çok cihazı olan LAN’dan başlayarak, her birine sığan en küçük alt ağ verilerek atanıyor. LAN C’ün ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

A: 117B: 5C: 34D: 9
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 217

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

39 = 0010 0111
tersine çevrilmiş: 1101 1000
+1 → 1101 1001

İşaretsiz okuyun

1101 1001₂ = 256 − 39 = 217

Cevap

U = 217
2.Sayı sistemleri

Cevap: M = 1800 KiB

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Bitler ve baytlar

1280·720·16 = 14745600 bit = 1843200 B

KiB'ye çevirin

1843200/1024 = 1800 KiB

Cevap

M = 1800 KiB
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ¬(c ∧ b) → ¬a

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Gerektirmenin parçaları

a = a, b = c ∧ b

Karşıt değil

¬b → ¬a = ¬(c ∧ b) → ¬a

Cevap

¬(c ∧ b) → ¬a

Karşıt değil özgün önermeye denktir; bu yüzden onu ispatlamak önermeyi ispatlar.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: q = 1, r = 1

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

q = 1, r = 1: 1 1 | 0
q = 1, r = 0: 1 0 | 0
q = 0, r = 1: 1 1 | 1
q = 0, r = 0: 0 0 | 1

Karşı örnek

q = 1, r = 1

Cevap

q = 1, r = 1

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 2

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABC00011110010001131214151706

0’ları gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

(A + B)
(A′ + B′ + C)

En küçük POS biçimi

F = (A + B)(A′ + B′ + C)
N = 2

Cevap

N = 2
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: fmax = 13,89 MHz

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

En kötü durum oturma süresi

T = 6·12 ns = 72 ns

En yüksek frekans

fmax = 1/72 ns = 13,89 MHz

Cevap

fmax = 13,89 MHz
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 71−1 mod 83 = 76

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·71 (mod 83) olarak yazılır.

r = 83, t = 0
r = 71, q = 1, t = 1
r = 12, q = 5, t = −1
r = 11, q = 1, t = 6
r = 1, q = 11, t = −7

Ters

1 ≡ −7·71 (mod 83)
x = 76
kontrol: 71·76 = 5396 = 65·83 + 1

Cevap

71−1 mod 83 = 76
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 27

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Ebob’a bölün

gcd(12, 74) = 2
6x ≡ 14 (mod 37)

İndirgenmiş denkliği çözün

6−1 ≡ 31 (mod 37) → x ≡ 27 (mod 37)

74 modundaki çözümler

x ∈ {27, 64}
x = 27

Cevap

x = 27
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · Zaten sıralı bir dizide

Cevap neden bu

Sıralı girdide pivot her zaman en küçük elemandır, bu yüzden bir taraf boş, diğer taraf n − 1 elemanlı olur ve O(n²) elde edilir.

Cevap

C · Zaten sıralı bir dizide
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · Deterministik bir algoritmayla polinom zamanda çözülebilen karar problemleri

Cevap neden bu

P, bir çizgenin bağlantılı olup olmadığını kontrol etmek gibi, deterministik polinom zamanlı bir algoritması olan karar problemlerini içerir.

Cevap

D · Deterministik bir algoritmayla polinom zamanda çözülebilen karar problemleri
11.Veri yapıları

Cevap: A · Sol ve sağ alt ağaçların yükseklikleri en fazla 1 farklıdır

Cevap neden bu

Denge faktörü (sol yükseklik − sağ yükseklik) −1, 0 veya 1 olmalıdır; ekleme ve silmelerden sonra döndürmeler bunu geri getirir.

Cevap

A · Sol ve sağ alt ağaçların yükseklikleri en fazla 1 farklıdır
12.Veri yapıları

Cevap: A · O(α(n)), ters Ackermann fonksiyonu; pratikte sabittir

Cevap neden bu

Her iki optimizasyonla işlemler O(α(n)) amortize süre alır; gerçekçi her n için α(n) ≤ 4'tür.

Cevap

A · O(α(n)), ters Ackermann fonksiyonu; pratikte sabittir
13.Graf kuramı

Cevap: hiçbiri

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 1, deg(B) = 3, deg(C) = 4, deg(D) = 3, deg(E) = 3, deg(F) = 2, deg(G) = 4

Tek dereceli köşeler

A, B, D, E → 4
hiçbiri

Cevap

hiçbiri
14.Graf kuramı

Cevap: N = 1

Dereceler: bir köşenin derecesi ona değen kenar sayısıdır. Her kenarın iki ucu vardır; bu yüzden dereceler kenar sayısının iki katını verecek şekilde toplanır: Σ deg(v) = 2|E| (el sıkışma lemması). Dolayısıyla derecesi tek olan köşelerin sayısı çifttir. Kn grafının n(n − 1)/2 kenarı vardır, n köşeli k-düzgün bir grafın nk/2 kenarı vardır ve n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır.

Komşuluk matrisi

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 1 1 0 0 1
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 1 1 0

Ortak komşular

(M²)BD = 1·0 + 0·1 + 1·0 + 1·0 + 1·1 = 1

Cevap

N = 1
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Kalıcılık (durability)

Cevap neden bu

Kalıcılık, bir işlem commit edildiğinde etkilerinin, genellikle kararlı depolamaya bir günlük yazılarak, korunması demektir.

Cevap

D · Kalıcılık (durability)
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · R1 ve R2'nin ortak nitelikleri R1'in veya R2'nin bir süper anahtarını oluşturduğunda

Cevap neden bu

Paylaşılan nitelikler R1'in veya R2'nin tüm niteliklerini belirliyorsa, onları yeniden birleştirmek tam olarak özgün satırları üretir ve sahte demet oluşmaz.

Cevap

B · R1 ve R2'nin ortak nitelikleri R1'in veya R2'nin bir süper anahtarını oluşturduğunda
17.Bilgisayar ağları

Cevap: B · İletim hatalarını saptamak için

Cevap neden bu

Gönderici çerçeve üzerinde bir CRC hesaplar; alıcı onu yeniden hesaplar ve farklıysa çerçeveyi atar. CRC hataları saptar ama düzeltmez.

Cevap

B · İletim hatalarını saptamak için
18.Bilgisayar ağları

Cevap: A · Tıkanıklık penceresini bir eşiğe ya da kayba kadar üstel olarak artırır

Cevap neden bu

Yavaş başlangıç tıkanıklık penceresini üstel olarak büyütür; eşikten sonra tıkanıklıktan kaçınma onu doğrusal olarak büyütür ve kayıp onu küçültür.

Cevap

A · Tıkanıklık penceresini bir eşiğe ya da kayba kadar üstel olarak artırır
19.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 21

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Gereken cihaz bitleri

210 − 2 = 1022 < 1726
211 − 2 = 2046 ≥ 1726 → h = 11

Önek uzunluğu

p = 32 − 11 = 21

Cevap

p = /21
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 128

VLSM: her LAN, 2ʰ − 2 ≥ cihaz sayısı olan en küçük alt ağı, yani 32 − h önekini alır. Önce en büyük alt ağları atamak her bloğun kendi boyutunun bir katına hizalanmasını sağlar, bu yüzden ağ adresleri blok boyutlarını toplayarak bulunur.

LAN başına blok boyutu

A: 117 ana makine → 27 = 128 (/25)
C: 34 ana makine → 26 = 64 (/26)
D: 9 ana makine → 24 = 16 (/28)
B: 5 ana makine → 23 = 8 (/29)

Atama, en büyükten başlayarak

A: .0 – .127
C: .128 – .191
D: .192 – .207
B: .208 – .215

Cevap

x = 128

LAN C: 192.168.61.128/26.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals