Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen?−128?64?32?16?8?4?2?1

−8 sayısını 8 bitlik ikiye tümleyen dizisi olarak yazın. Diziyi işaretsiz ikilik sayı olarak okuyun: onluk değeri U nedir?

N = −88 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1010 1010 OR 1101 1101 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1010 1010OR1101 1101
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
pqr¬q¬q ∨ p(r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p)111?110?101?100?011?010?001?000?

Doğruluk tablosunun 8 satırının kaçında (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) doğrudur? Bu sayıya N deyin.

(r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p)
N =
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∃x ∀y ¬R(x, y)∀x ∀y ¬R(x, y)∀x ∃y ¬R(x, y)∃y ∀x ¬R(x, y)

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∀x ∃y R(x, y) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∀x ∃y R(x, y)
  1. 1∃x ∀y ¬R(x, y)
  2. 2∀x ∀y ¬R(x, y)
  3. 3∀x ∃y ¬R(x, y)
  4. 4∃y ∀x ¬R(x, y)
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
MUXC′I0​0I1​0I2​C′I3​ABS1​S0​F

Bir 4’ten 1’e çoklayıcının seçme girişleri S₁ = A ve S₀ = B, veri girişleri I₀ = C′, I₁ = 0, I₂ = 0, I₃ = C′’e bağlanmıştır. A, B ve C girişlerinin 8 birleşiminden kaçında F = 1 olur? N değerini bulun.

I₀ = C′I₁ = 0I₂ = 0I₃ = C′
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
CLKT1234567

Yükselen kenarla tetiklenen bir T flip-flop Q = 0 ile başlar ve 7 yükselen saat kenarında gösterilen girişleri alır. Q kaç kez, N, durum değiştirir?

Q₀ = 0T
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

x ≡ 4 (mod 5) ve x ≡ 7 (mod 12) sağlayan en küçük pozitif tam sayı x değerini bulun.

x ≡ 4 (mod 5)x ≡ 7 (mod 12)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

8x ≡ 52 (mod 60) denkliğinin {0, 1, …, 59} kümesinde kaç çözümü (N) vardır?

8x ≡ 52 (mod 60)
N =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

V düğümlü ve E kenarlı bir çizgede Bellman–Ford algoritmasının zaman karmaşıklığı nedir?

  1. AO(V³ × E)
  2. BO(V + E)
  3. CO(E log V)
  4. DO(V × E)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Yalnızca son iki değeri tutan bir döngüyle n. Fibonacci sayısını hesaplamanın zaman ve alan maliyetleri nedir?

  1. AO(2ⁿ) zaman ve O(1) alan
  2. BO(log n) zaman ve O(n) alan
  3. CO(n) zaman ve O(1) alan
  4. DO(n) zaman ve O(n) alan
11.Veri yapılarıOrta

Dengeli bir ikili arama ağacında bir anahtarı aramanın zaman karmaşıklığı nedir?

  1. AO(n log n)
  2. BO(log n)
  3. CO(n)
  4. DO(1)
12.Veri yapılarıZor

Atlamalı listenin (skip list) sıralı bağlı listeye göre başlıca avantajı nedir?

  1. ABirden çok ileri işaretçi seviyesi sayesinde beklenen O(log n) arama
  2. BEk bellek kullanmaması
  3. CAnahtarları sırasız saklaması
  4. DHer düğüm diğer tüm düğümlere bir işaretçi sakladığı için garantili O(1) arama
13.Graf kuramıOrta
ABCDEEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 5|E| = 6
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
12141544154513ABCDEF

Ağırlıklı grafta A’dan F köşesine en kısa yolun uzunluğunu (d(F)) bulmak için Dijkstra algoritmasını kullanın.

başlangıç: Abitiş: F
d(F) =
15.Veritabanları ve SQLOrta

LEFT JOIN ne döndürür?

  1. AYalnızca her iki tablodaki eşleşen satırları
  2. BSol tablodaki tüm satırları ve sağ tablodaki eşleşen satırları; eşleşme olmayan yerlerde NULL değerleriyle
  3. CHiçbir tabloda eşleşmeyen satırları
  4. DYalnızca sağ tablodaki tüm satırları
16.Veritabanları ve SQLZor

FULL OUTER JOIN ne döndürür?

  1. AHer iki tablodaki tüm satırları; mümkün olduğunda eşleştirilmiş, aksi takdirde NULL ile doldurulmuş olarak
  2. BYalnızca eşleşen satırları
  3. CKartezyen çarpımı; bir tablonun her satırını diğerinin her satırıyla eşleştirerek
  4. DYalnızca eşleşmeyen satırları
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Hangi alt ağ maskesi /20'ye karşılık gelir?

  1. A255.255.240.0
  2. B255.255.255.240
  3. C255.255.248.0
  4. D255.255.224.0
18.Bilgisayar ağlarıZor

TCP neden her bağlantı için tahmin edilemez bir başlangıç sıra numarası seçer?

  1. AHer segmentin yükünü şifrelemek için
  2. BO bağlantının segmentleri için hedefe giden en iyi rotayı seçmek için
  3. CVeriyi daha verimli sıkıştırmak için
  4. DEski segmentlerle karışıklığı önlemek ve sahte segment eklemeyi zorlaştırmak için
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2811111111111111111111111111110000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.10.0/24 ağı en az 12 eşit alt ağa bölünmelidir. Mümkün olduğunca az bit ödünç alırsanız her alt ağda kaç kullanılabilir cihaz H olur?

192.168.10.0/2412 subnets
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
üçüncü oktet 186 … 191112806413211618041201ortakdeğişken

Bir yönlendiricinin şu ağlara rotaları var: 10.196.186.0/24, 10.196.187.0/24, 10.196.188.0/24, 10.196.189.0/24, 10.196.190.0/24, 10.196.191.0/24. Hepsini kapsayan tek bir özet rotanın en uzun önek uzunluğu p nedir?

10.196.186.0/24 … 10.196.191.0/24
p =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 248

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

8 = 0000 1000
tersine çevrilmiş: 1111 0111
+1 → 1111 1000

İşaretsiz okuyun

1111 1000₂ = 256 − 8 = 248

Cevap

U = 248
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 255

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

OR en az bir bit 1 olduğunda 1 verir.

1010 1010
OR 1101 1101
= 1111 1111

Sonucun değeri

1111 1111₂ = 255

Cevap

R = 255
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: N = 6

Doğruluk tabloları: n farklı değişkenli bir formülün 2ⁿ satırı vardır; her satır doğruluk değerlerinin bir birleşimidir (1 = doğru, 0 = yanlış). İçten dışa doğru çalışın ve her alt formüle kendi sütununu verin. ¬a değeri tersine çevirir; a ∧ b yalnızca ikisi de 1 olduğunda 1’dir; a ∨ b yalnızca ikisi de 0 olduğunda 0’dır; a → b yalnızca a = 1 ve b = 0 olduğunda 0’dır; a ↔ b iki taraf eşit olduğunda 1’dir.

Doğruluk tablosu satır satır

p = 1, q = 1, r = 1: p ↔ r = 1, r → (p ↔ r) = 1, ¬q = 0, ¬q ∨ p = 1, (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: p ↔ r = 0, r → (p ↔ r) = 1, ¬q = 0, ¬q ∨ p = 1, (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: p ↔ r = 1, r → (p ↔ r) = 1, ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: p ↔ r = 0, r → (p ↔ r) = 1, ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: p ↔ r = 0, r → (p ↔ r) = 0, ¬q = 0, ¬q ∨ p = 0, (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: p ↔ r = 1, r → (p ↔ r) = 1, ¬q = 0, ¬q ∨ p = 0, (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: p ↔ r = 0, r → (p ↔ r) = 0, ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: p ↔ r = 1, r → (p ↔ r) = 1, ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, (r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p) = 1

Değeri 1 olan satırları sayın

(r → (p ↔ r)) ↔ (¬q ∨ p): 1, 1, 1, 1, 1, 0, 0, 1
N = 6

Cevap

N = 6
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∃x ∀y ¬R(x, y)

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∀x ∃y R(x, y) ≡ ∃x ∀y ¬R(x, y)

Cevap

∃x ∀y ¬R(x, y)

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 2

Çoklayıcı (multiplexer): 2ⁿ’den 1’e bir çoklayıcı veri girişlerinden birini çıkışa iletir; ikilik sayı olarak okunan seçme hatları hangisinin seçileceğini belirler. S₁S₀ = AB seçmeli 4’ten 1’e bir MUX için F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Veri girişlerini 0, 1, C ya da C′’ye bağlamak MUX’un A, B ve C’nin herhangi bir fonksiyonunu üretmesini sağlar; bu, tek bir yongayla mantık kurmanın yaygın bir yoludur.

Çıkış ifadesi

F = A′B′C′ + ABC′

F = 1 olan satırlar

ABC = 000, 110
N = 2

Cevap

N = 2
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonra Q

Bir T flip-flop T = 1 iken her yükselen kenarda tersler (toggle), T = 0 iken tutar.

1: T = 1 → Q = 1
2: T = 0 → Q = 1
3: T = 1 → Q = 0
4: T = 0 → Q = 0
5: T = 1 → Q = 1
6: T = 1 → Q = 0
7: T = 0 → Q = 0

Değişimleri sayın

0 → 1 → 1 → 0 → 0 → 1 → 0 → 0
N = 4

Cevap

N = 4
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 19

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Birinci denklik

x = 4 + 5k

İkinci denklik

4 + 5k ≡ 7 (mod 12) → 5k ≡ 3 (mod 12)
k ≡ 5·3 ≡ 3 (mod 12)

Sonuç

x = 4 + 5·3 = 19
x = 19
kontrol: 19 mod 5 = 4, 19 mod 12 = 7

Cevap

x = 19
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: N = 4

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Ebob’a bölün

gcd(8, 60) = 4
2x ≡ 13 (mod 15)

İndirgenmiş denkliği çözün

2−1 ≡ 8 (mod 15) → x ≡ 14 (mod 15)

60 modundaki çözümler

x ∈ {14, 29, 44, 59}
N = 4

Cevap

N = 4
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · O(V × E)

Cevap neden bu

V − 1 turun her biri E kenarın tümünü gevşetir, bu da O(VE) verir; karşılığında negatif kenar ağırlıklarıyla başa çıkar.

Cevap

D · O(V × E)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · O(n) zaman ve O(1) alan

Cevap neden bu

Her adım yalnızca önceki iki değere ihtiyaç duyar, bu yüzden aşağıdan yukarıya yöntemin tablosu iki değişkenle değiştirilebilir.

Cevap

C · O(n) zaman ve O(1) alan
11.Veri yapıları

Cevap: B · O(log n)

Cevap neden bu

Dengeli bir ağacın yüksekliği yaklaşık log₂ n'dir; bu nedenle arama kökten yaprağa tek bir yol izler.

Cevap

B · O(log n)
12.Veri yapıları

Cevap: A · Birden çok ileri işaretçi seviyesi sayesinde beklenen O(log n) arama

Cevap neden bu

Rastgele seviyeler aramaların birçok düğümü atlamasını sağlar; bu da arama, ekleme ve silme için beklenen O(log n) süre verir.

Cevap

A · Birden çok ileri işaretçi seviyesi sayesinde beklenen O(log n) arama
13.Graf kuramı

Cevap: Euler yolu, devre yok

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 2, deg(B) = 3, deg(C) = 3, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Tek dereceli köşeler

B, C → 2
Euler yolu, devre yok

Cevap

Euler yolu, devre yok

Euler yolu bir tek dereceli köşeden başlar ve ötekinde biter.

14.Graf kuramı

Cevap: d(F) = 20

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

Her satır: kesinleşen köşe, kesin uzaklığı ve uzaklığı iyileşen komşular.

A (0): B: 12, C: 14
B (12): D: 16, E: 25
C (14): E: 18
D (16): F: 20
E (18)
F (20)

En kısa yol

A → B → D → F
d(F) = 20

Cevap

d(F) = 20
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Sol tablodaki tüm satırları ve sağ tablodaki eşleşen satırları; eşleşme olmayan yerlerde NULL değerleriyle

Cevap neden bu

Sol dış birleştirme her sol satırı tutar; eşleşmeyen sağ sütunlar NULL ile doldurulur.

Cevap

B · Sol tablodaki tüm satırları ve sağ tablodaki eşleşen satırları; eşleşme olmayan yerlerde NULL değerleriyle
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · Her iki tablodaki tüm satırları; mümkün olduğunda eşleştirilmiş, aksi takdirde NULL ile doldurulmuş olarak

Cevap neden bu

Tam dış birleştirme her iki tablonun tüm satırlarını tutar, eşleşmeleri eşleştirir ve eksik tarafı NULL ile doldurur.

Cevap

A · Her iki tablodaki tüm satırları; mümkün olduğunda eşleştirilmiş, aksi takdirde NULL ile doldurulmuş olarak
17.Bilgisayar ağları

Cevap: A · 255.255.240.0

Cevap neden bu

/20, 8 + 8 + 4 adet 1 biti demektir. Üçüncü oktetteki dört 1 biti 11110000 = 240'tır; bu yüzden maske 255.255.240.0'dır.

Cevap

A · 255.255.240.0
18.Bilgisayar ağları

Cevap: D · Eski segmentlerle karışıklığı önlemek ve sahte segment eklemeyi zorlaştırmak için

Cevap neden bu

Rastgele başlangıç sıra numaraları eski bağlantılardan gecikmiş segmentlerin kabul edilmesini önler ve yol dışındaki saldırganların geçerli segmentler uydurmasını zorlaştırır.

Cevap

D · Eski segmentlerle karışıklığı önlemek ve sahte segment eklemeyi zorlaştırmak için
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 14

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Ödünç alınacak bitler

24 = 16 ≥ 12 → b = 4, /28

Alt ağ başına cihaz

24 − 2 = 14

Cevap

H = 14
20.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 21

Rota özetleme: a.b.c.0/p özet rotası, ilk p biti eşleşen tüm ağları kapsar. İlk ve son ağın farklı olan oktetini ikili olarak yazın; ortak baştaki bitlerin sayısı artı ondan önceki oktetlerin bitleri, en uzun özet önekidir.

Bitleri karşılaştırın

186 = 10111010
191 = 10111111
ortak baştaki bitler: 5

Önek uzunluğu

p = 16 + 5 = 21

Cevap

p = /21

Özet rota: 10.196.184.0/21 (listede olmayan 2 ağı da kapsar).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals