Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −41 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −418 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1100 1010 >> 1 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1100 1010>> 1
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
pqr¬p ↔ (p ∧ q)r → q(¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q)111?110?101?100?011?010?001?000?

Doğruluk tablosunun 8 satırının kaçında (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) doğrudur? Bu sayıya N deyin.

(¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q)
N =
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x))
  1. 1∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  2. 2∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))
  3. 3∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  4. 4∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC000111100101324576

F = BC′ + AC′ + A′C′ fonksiyonunu en küçük çarpımlar toplamı biçimine sadeleştirin. Sadeleştirilmiş ifade kaç literal (L) içerir?

F = BC′ + AC′ + A′C′
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
CLKT123456

Yükselen kenarla tetiklenen bir T flip-flop Q = 0 ile başlar ve 6 yükselen saat kenarında gösterilen girişleri alır. Q kaç kez, N, durum değiştirir?

Q₀ = 0T
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

72 sayısının 83 modundaki tersini bulun: 0 < x < 83 olan ve 72·x ≡ 1 (mod 83) sağlayan x sayısı.

a = 72n = 83
72−1 mod 83 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

51x ≡ 18 (mod 60) denkliğinin {0, 1, …, 59} kümesinde kaç çözümü (N) vardır?

51x ≡ 18 (mod 60)
N =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Hızlı sıralama pivot olarak her zaman ilk elemanı kullanıyor. Hangi girdide en kötü durum davranışını gösterir?

  1. ARastgele sıralı bir dizide
  2. BZaten sıralı bir dizide
  3. CTüm elemanları farklı olan bir dizide
  4. DUzunluğu 2 olan bir dizide
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Bir problem hangi durumda NP-tamdır?

  1. ANP'nin dışındadır ama durma problemi gibi tüm NP problemlerinden daha zordur
  2. BÇözülmesi imkânsızdır
  3. CPolinom zamanda çözülebilir
  4. DNP'dedir ve her NP problemi ona polinom zamanda indirgenebilir
11.Veri yapılarıOrta

7 boyutlu bir karma tablosu h(k) = k mod 7 ve doğrusal yoklama (linear probing) kullanıyor. 10 eklendikten sonra 17 nerede saklanır?

  1. Aİndeks 0
  2. Bİndeks 4
  3. Cİndeks 3
  4. Dİndeks 6
12.Veri yapılarıZor

Bir karma tablosunun doğru çalışması için karma ve eşitlik hangi kurala uymalıdır?

  1. AFarklı anahtarların karma değerleri farklı olmalıdır
  2. BEşit karma değerleri eşit anahtarlar anlamına gelir
  3. CKarma değerleri asal sayılar olmalıdır
  4. DEşit anahtarların karma değerleri eşit olmalıdır
13.Graf kuramıOrta

Bir ağacın derecesi 3 olan 4 köşe, derecesi 4 olan 2 köşe vardır ve diğer tüm köşeleri yapraktır (derece 1). Kaç yaprağı (L) vardır?

4 × deg 32 × deg 4
L =
14.Graf kuramıZor
141391862124ABCDEFG

Ağırlıklı grafta A’dan F köşesine en kısa yolun uzunluğunu (d(F)) bulmak için Dijkstra algoritmasını kullanın.

başlangıç: Abitiş: F
d(F) =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Bir tabloda neden yalnızca bir kümelenmiş (clustered) indeks olabilir?

  1. ASQL standardı bir tabloda birden fazla indeksi yasaklar
  2. BKümelenmiş indeksler çok fazla bellek kullanır
  3. CSatırlar fiziksel olarak yalnızca tek bir sırada saklanabilir
  4. DKümelenmiş indeksler yalnızca birincil anahtar üzerinde olabilir
16.Veritabanları ve SQLZor

FULL OUTER JOIN ne döndürür?

  1. AHer iki tablodaki tüm satırları; mümkün olduğunda eşleştirilmiş, aksi takdirde NULL ile doldurulmuş olarak
  2. BKartezyen çarpımı; bir tablonun her satırını diğerinin her satırıyla eşleştirerek
  3. CYalnızca eşleşmeyen satırları
  4. DYalnızca eşleşen satırları
17.Bilgisayar ağlarıOrta

1500 baytlık bir paketi 12 Mbit/s'lik bir bağlantıya koymak (iletim gecikmesi) ne kadar sürer?

  1. A1 ms
  2. B0,125 ms
  3. C12 ms
  4. D8 ms
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir öğrenci ev NAT yönlendiricisinin arkasındaki bir bilgisayarda oyun sunucusu çalıştırıyor. İnternetteki arkadaşları bağlanamıyor. Olağan çözüm nedir?

  1. AYönlendirici onu dışarıdan bulabilsin diye bilgisayara farklı bir MAC adresi vermek
  2. BYönlendiricide bilgisayarın özel adresine port yönlendirme yapılandırmak
  3. CBilgisayarın DNS istemcisini kapatmak
  4. DBilgisayarın alt ağ maskesini /32 yapmak
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/?11111111111111111111110000000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir birimin tek bir alt ağda 840 cihaz adresine ihtiyacı var. Yeterli olan en uzun önek p (en küçük alt ağ) nedir?

840 hosts
p =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 92012816403211618140201ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.61.92/26. Alt ağındaki son kullanılabilir cihaz adresinin dördüncü okteti x nedir?

10.20.61.92/26
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 215

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

41 = 0010 1001
tersine çevrilmiş: 1101 0110
+1 → 1101 0111

İşaretsiz okuyun

1101 0111₂ = 256 − 41 = 215

Cevap

U = 215
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 101

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

1 kadar sağa kaydırmak her biti 1 basamak sağa taşır; sağ uçtan düşen bitler kaybolur ve soldan sıfırlar girer.

1100 1010 >> 1
= 0110 0101

Sonucun değeri

0110 0101₂ = 101

Cevap

R = 101
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: N = 1

Doğruluk tabloları: n farklı değişkenli bir formülün 2ⁿ satırı vardır; her satır doğruluk değerlerinin bir birleşimidir (1 = doğru, 0 = yanlış). İçten dışa doğru çalışın ve her alt formüle kendi sütununu verin. ¬a değeri tersine çevirir; a ∧ b yalnızca ikisi de 1 olduğunda 1’dir; a ∨ b yalnızca ikisi de 0 olduğunda 0’dır; a → b yalnızca a = 1 ve b = 0 olduğunda 0’dır; a ↔ b iki taraf eşit olduğunda 1’dir.

Doğruluk tablosu satır satır

p = 1, q = 1, r = 1: ¬p = 0, p ∧ q = 1, ¬p ↔ (p ∧ q) = 0, r → q = 1, (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) = 0
p = 1, q = 1, r = 0: ¬p = 0, p ∧ q = 1, ¬p ↔ (p ∧ q) = 0, r → q = 1, (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: ¬p = 0, p ∧ q = 0, ¬p ↔ (p ∧ q) = 1, r → q = 0, (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) = 0
p = 1, q = 0, r = 0: ¬p = 0, p ∧ q = 0, ¬p ↔ (p ∧ q) = 1, r → q = 1, (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: ¬p = 1, p ∧ q = 0, ¬p ↔ (p ∧ q) = 0, r → q = 1, (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) = 0
p = 0, q = 1, r = 0: ¬p = 1, p ∧ q = 0, ¬p ↔ (p ∧ q) = 0, r → q = 1, (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: ¬p = 1, p ∧ q = 0, ¬p ↔ (p ∧ q) = 0, r → q = 0, (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: ¬p = 1, p ∧ q = 0, ¬p ↔ (p ∧ q) = 0, r → q = 1, (¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q) = 0

Değeri 1 olan satırları sayın

(¬p ↔ (p ∧ q)) ∧ (r → q): 0, 0, 0, 1, 0, 0, 0, 0
N = 1

Cevap

N = 1
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)) ≡ ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Cevap

∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 1

Boole cebiri: ifadeleri sadeleştiren kurallar X + X′ = 1 ve X·X′ = 0, X + X = X, soğurma X + X·Y = X, birleştirme kuralı X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ve uzlaşma teoremi XY + X′Z + YZ = XY + X′Z’dir. De Morgan yasaları (X·Y)′ ifadesini X′ + Y′’ye ve (X + Y)′ ifadesini X′·Y′’ye çevirir. Bir Karnaugh haritası bu kuralları grafik olarak uygular: iki komşu hücrelik her grup, XY + XY′ = X kuralının bir kullanımıdır.

İfadenin minterimleri

BC′ → m(2, 6)
AC′ → m(4, 6)
A′C′ → m(0, 2)
ABC00011110011001031214050716

Gruplayın ve okuyun

F = C′

Literalleri sayın

L = 1

Cevap

L = 1
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonra Q

Bir T flip-flop T = 1 iken her yükselen kenarda tersler (toggle), T = 0 iken tutar.

1: T = 1 → Q = 1
2: T = 1 → Q = 0
3: T = 1 → Q = 1
4: T = 0 → Q = 1
5: T = 0 → Q = 1
6: T = 1 → Q = 0

Değişimleri sayın

0 → 1 → 0 → 1 → 1 → 1 → 0
N = 4

Cevap

N = 4
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 72−1 mod 83 = 15

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·72 (mod 83) olarak yazılır.

r = 83, t = 0
r = 72, q = 1, t = 1
r = 11, q = 6, t = −1
r = 6, q = 1, t = 7
r = 5, q = 1, t = −8
r = 1, q = 5, t = 15

Ters

1 ≡ 15·72 (mod 83)
x = 15
kontrol: 72·15 = 1080 = 13·83 + 1

Cevap

72−1 mod 83 = 15
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: N = 3

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Ebob’a bölün

gcd(51, 60) = 3
17x ≡ 6 (mod 20)

İndirgenmiş denkliği çözün

17−1 ≡ 13 (mod 20) → x ≡ 18 (mod 20)

60 modundaki çözümler

x ∈ {18, 38, 58}
N = 3

Cevap

N = 3
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Zaten sıralı bir dizide

Cevap neden bu

Sıralı girdide pivot her zaman en küçük elemandır, bu yüzden bir taraf boş, diğer taraf n − 1 elemanlı olur ve O(n²) elde edilir.

Cevap

B · Zaten sıralı bir dizide
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · NP'dedir ve her NP problemi ona polinom zamanda indirgenebilir

Cevap neden bu

NP-tam problemler NP'deki en zor problemlerdir; bunlardan biri için polinom bir algoritma, tüm NP için polinom bir algoritma verirdi.

Cevap

D · NP'dedir ve her NP problemi ona polinom zamanda indirgenebilir
11.Veri yapıları

Cevap: B · İndeks 4

Cevap neden bu

10 mod 7 = 3 ve 17 mod 7 = 3'tür; indeks 3 doludur, bu nedenle doğrusal yoklama bir sonraki yuvayı, indeks 4'ü dener.

Cevap

B · İndeks 4
12.Veri yapıları

Cevap: D · Eşit anahtarların karma değerleri eşit olmalıdır

Cevap neden bu

İki eşit anahtarın karma değerleri farklı olsaydı farklı kovalarda saklanırlar ve aramalar başarısız olurdu; eşit olmayan anahtarlar ise yine de aynı karma değerini paylaşabilir.

Cevap

D · Eşit anahtarların karma değerleri eşit olmalıdır
13.Graf kuramı

Cevap: L = 10

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Bir ağaç için el sıkışma lemması

L + 20 = 2(L + 6) − 2
L = 10

Cevap

L = 10

Kısayol: L = 2 + Σ (d − 2); toplam, derecesi d ≥ 3 olan köşeler üzerindendir.

14.Graf kuramı

Cevap: d(F) = 17

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

Her satır: kesinleşen köşe, kesin uzaklığı ve uzaklığı iyileşen komşular.

A (0): C: 14
C (14): B: 27, E: 15
E (15): D: 23, F: 17, G: 19
F (17)
G (19)
D (23)
B (27)

En kısa yol

A → C → E → F
d(F) = 17

Cevap

d(F) = 17
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: C · Satırlar fiziksel olarak yalnızca tek bir sırada saklanabilir

Cevap neden bu

Kümelenmiş indeks tablonun verilerini anahtarına göre sıralar ve veriler yalnızca tek bir sırada tutulabilir; diğer indeksler kümelenmemiştir.

Cevap

C · Satırlar fiziksel olarak yalnızca tek bir sırada saklanabilir
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · Her iki tablodaki tüm satırları; mümkün olduğunda eşleştirilmiş, aksi takdirde NULL ile doldurulmuş olarak

Cevap neden bu

Tam dış birleştirme her iki tablonun tüm satırlarını tutar, eşleşmeleri eşleştirir ve eksik tarafı NULL ile doldurur.

Cevap

A · Her iki tablodaki tüm satırları; mümkün olduğunda eşleştirilmiş, aksi takdirde NULL ile doldurulmuş olarak
17.Bilgisayar ağları

Cevap: A · 1 ms

Cevap neden bu

1500 bayt = 12,000 bit. 12,000 / 12,000,000 bit/s = 0,001 s = 1 ms. İletim gecikmesi mesafeye değil, paket boyutuna ve bağlantı hızına bağlıdır.

Cevap

A · 1 ms
18.Bilgisayar ağları

Cevap: B · Yönlendiricide bilgisayarın özel adresine port yönlendirme yapılandırmak

Cevap neden bu

NAT yalnızca içeriden başlatılan bağlantılar için eşlemeler oluşturur. Bir port yönlendirme kuralı genel bir portu iç ana bilgisayara eşler; böylece gelen bağlantılar ona ulaşabilir.

Cevap

B · Yönlendiricide bilgisayarın özel adresine port yönlendirme yapılandırmak
19.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 22

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Gereken cihaz bitleri

29 − 2 = 510 < 840
210 − 2 = 1022 ≥ 840 → h = 10

Önek uzunluğu

p = 32 − 10 = 22

Cevap

p = /22
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 126

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

26 = 64

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊92/64⌋·64 = 64
yayın: 64 + 64 − 1 = 127
kullanılabilir cihazlar: 65 … 126

Cevap

x = 126

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals