Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −59 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −598 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
20 bitlik ikiye tümleyen, N = ??işaret???????????????????

20 bitlik ikiye tümleyende saklanabilen en küçük (en negatif) tam sayı N nedir?

20 bit
N =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

(p ∨ q) → (p ∧ q) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

(p ∨ q) → (p ∧ q)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
aba → bba11100100

Öncülleri a → b; b ve sonucu a olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

a → bb∴ a
  1. 1a = 1, b = 1
  2. 2a = 1, b = 0
  3. 3a = 0, b = 1
  4. 4a = 0, b = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC000111100101324576

F = AB′ + A′B′C′ + AC′ + AC fonksiyonunu en küçük çarpımlar toplamı biçimine sadeleştirin. Sadeleştirilmiş ifade kaç literal (L) içerir?

F = AB′ + A′B′C′ + AC′ + AC
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
CLKT12345678

Yükselen kenarla tetiklenen bir T flip-flop Q = 0 ile başlar ve 8 yükselen saat kenarında gösterilen girişleri alır. Q kaç kez, N, durum değiştirir?

Q₀ = 0T
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

Euler’in φ fonksiyonunu bulun, φ(153): 1’den 153’e kadar 153 ile aralarında asal olan tam sayıların sayısı.

n = 153 = 32·17
φ(153) =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod n306m = cd​ mod n?(n, e) = (533, 13)d

Bir RSA anahtarı p = 13, q = 41 ve e = 13 kullanıyor. c = 306 şifreli metnini çözün: mesajı, m, bulun.

p = 13q = 41e = 13c = 306
m =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

n elemanlı bir diziyi bir kez sıralıyor ve ardından k üyelik sorgusunu ikili aramayla yanıtlıyorsunuz. Toplam maliyet nedir?

  1. AO(n log n + k log n)
  2. BO(n + k)
  3. CO(k n log n)
  4. DO(nk)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Dinamik programlama ile çözülen 0/1 sırt çantası problemi O(nW) zaman alır. Buna neden sözde polinom (pseudo-polynomial) denir?

  1. AÇünkü yalnızca W = 0 için çalışır
  2. BW bir sayıdır, bu yüzden süre W'yi yazmak için kullanılan bit sayısına göre üsteldir
  3. CÇünkü algoritma rastgeleleştirilmiştir ve çalışma süresi her girdide değişir
  4. DÇünkü n her zaman küçüktür
11.Veri yapılarıOrta

Bir ikili arama ağacının in-order (sıralı) dolaşımı anahtarları hangi sırayla ziyaret eder?

  1. ASeviye sırasıyla
  2. BArtan (sıralı) düzende
  3. CEkleme sırasıyla
  4. DHer zaman azalan düzende
12.Veri yapılarıZor

n sayılık bir akıştan en küçük k değeri O(k) bellek kullanarak tutmanız gerekiyor. Hangi yaklaşım O(n log k) sürede çalışır?

  1. An değerin tamamından oluşan sıralı bir dizi
  2. Bn değerin tamamını tutan bir min-heap; en küçük k değer sonunda çıkarılır
  3. CSon k değerden oluşan bir FIFO kuyruğu
  4. Dk boyutlu bir max-heap; daha küçük bir değer geldiğinde kökü değiştirilir
13.Graf kuramıOrta

Bir ağacın derecesi 5 olan 4 köşe, derecesi 2 olan 3 köşe vardır ve diğer tüm köşeleri yapraktır (derece 1). Kaç yaprağı (L) vardır?

4 × deg 53 × deg 2
L =
14.Graf kuramıZor
ABCDEF

C köşesinde başlayıp biten 2 uzunluğunda kaç kapalı gezinti vardır? Bir gezinti köşeleri ve kenarları tekrar edebilir. Sayıya N deyin.

M = komşuluk matrisiL = 2
N =
15.Veritabanları ve SQLOrta

İkinci normal form (2NF) neyi ortadan kaldırır?

  1. AAnahtar olmayan bir sütun üzerinden anahtar olmayan sütunlar arasındaki geçişli bağımlılıkları
  2. BAnahtar olmayan sütunların bileşik anahtarın bir kısmına olan kısmi bağımlılıklarını
  3. CYabancı anahtarları
  4. DTüm NULL değerleri
16.Veritabanları ve SQLZor

employee(emp_id, dept_id, dept_name) tablosunun anahtarı emp_id'dir ve dept_id → dept_name geçerlidir. Hangi ifade doğrudur?

  1. ABCNF'dedir, dolayısıyla 3NF'dedir
  2. B2NF'de değildir
  3. C1NF'de değildir
  4. D2NF'dedir ama 3NF'de değildir
17.Bilgisayar ağlarıOrta

İnternette bir TCP bağlantısının bir ucunu benzersiz olarak ne tanımlar?

  1. ABir alt ağ maskesi ve ağ geçidi
  2. BTek başına bir alan adı
  3. CTek başına bir MAC adresi
  4. DBir port numarasıyla birlikte bir IP adresi
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir yolun bant genişliği 100 Mbit/s, gidiş-dönüş süresi 40 ms'dir. Yolu tam kullanmak için ne kadar verinin yolda olması gerekir?

  1. A500 kB
  2. B2,5 MB
  3. C4 kB
  4. D50 kB
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2511111111111111111111111110000000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.231.0/24 ağı, en düşük adresten başlayarak 1, 2, 3, … diye numaralandırılan /25 alt ağlarına bölünüyor (1. alt ağ .0’dan başlar). 2. alt ağın ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

192.168.231.0/24/25alt ağ 2 (1. alt ağ .0’dan başlar)
x =
20.IPv4 alt ağlarıZor
üçüncü oktet 102 … 104012816413201608141201ortakdeğişken

Bir yönlendiricinin şu ağlara rotaları var: 10.155.102.0/24, 10.155.103.0/24, 10.155.104.0/24. Hepsini kapsayan tek bir özet rotanın en uzun önek uzunluğu p nedir?

10.155.102.0/24 … 10.155.104.0/24
p =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 197

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

59 = 0011 1011
tersine çevrilmiş: 1100 0100
+1 → 1100 0101

İşaretsiz okuyun

1100 0101₂ = 256 − 59 = 197

Cevap

U = 197
2.Sayı sistemleri

Cevap: N = −524288

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

En negatif değer

−219 = −524288

Cevap

N = −524288
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: olumsallık

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

p = 1, q = 1: p ∨ q = 1, p ∧ q = 1, (p ∨ q) → (p ∧ q) = 1
p = 1, q = 0: p ∨ q = 1, p ∧ q = 0, (p ∨ q) → (p ∧ q) = 0
p = 0, q = 1: p ∨ q = 1, p ∧ q = 0, (p ∨ q) → (p ∧ q) = 0
p = 0, q = 0: p ∨ q = 0, p ∧ q = 0, (p ∨ q) → (p ∧ q) = 1

Sınıflandırın

(p ∨ q) → (p ∧ q): 1, 0, 0, 1
4 satırın 2 tanesinde 1, diğerlerinde 0: bir olumsallık.

Cevap

olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: a = 0, b = 1

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

a = 1, b = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 0: 0 0 | 1
a = 0, b = 1: 1 1 | 0
a = 0, b = 0: 1 0 | 0

Karşı örnek

a = 0, b = 1

Cevap

a = 0, b = 1

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 3

Boole cebiri: ifadeleri sadeleştiren kurallar X + X′ = 1 ve X·X′ = 0, X + X = X, soğurma X + X·Y = X, birleştirme kuralı X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ve uzlaşma teoremi XY + X′Z + YZ = XY + X′Z’dir. De Morgan yasaları (X·Y)′ ifadesini X′ + Y′’ye ve (X + Y)′ ifadesini X′·Y′’ye çevirir. Bir Karnaugh haritası bu kuralları grafik olarak uygular: iki komşu hücrelik her grup, XY + XY′ = X kuralının bir kullanımıdır.

İfadenin minterimleri

AB′ → m(4, 5)
A′B′C′ → m(0)
AC′ → m(4, 6)
AC → m(5, 7)
ABC00011110011001030214151716

Gruplayın ve okuyun

F = B′C′ + A

Literalleri sayın

L = 3

Cevap

L = 3
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonra Q

Bir T flip-flop T = 1 iken her yükselen kenarda tersler (toggle), T = 0 iken tutar.

1: T = 0 → Q = 0
2: T = 1 → Q = 1
3: T = 1 → Q = 0
4: T = 0 → Q = 0
5: T = 0 → Q = 0
6: T = 0 → Q = 0
7: T = 1 → Q = 1
8: T = 1 → Q = 0

Değişimleri sayın

0 → 0 → 1 → 0 → 0 → 0 → 0 → 1 → 0
N = 4

Cevap

N = 4
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: φ(153) = 96

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Asal çarpanlar

153 = 32·17

φ değeri

φ(153) = φ(9)·φ(17) = 6·16 = 96

Cevap

φ(153) = 96
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: m = 475

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Özel üs

n = 533, φ(n) = 480
d = 13−1 mod 480 = 37

Tekrarlı kare almayla çözün

37 = 32 + 4 + 1
3061 ≡ 306 (mod 533)
3062 ≡ 361 (mod 533)
3064 ≡ 269 (mod 533)
3068 ≡ 406 (mod 533)
30616 ≡ 139 (mod 533)
30632 ≡ 133 (mod 533)
30637 ≡ 306·269·133 ≡ 475 (mod 533)

Mesaj

m = 475
kontrol: 47513 mod 533 = 306

Cevap

m = 475
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · O(n log n + k log n)

Cevap neden bu

Sıralama O(n log n), her sorgu O(log n) maliyetlidir; k büyük olduğunda bu, k doğrusal taramadan (O(nk)) daha iyidir.

Cevap

A · O(n log n + k log n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · W bir sayıdır, bu yüzden süre W'yi yazmak için kullanılan bit sayısına göre üsteldir

Cevap neden bu

Çalışma süresi W'nin değerine göre polinom, ancak uzunluğuna (log W bit) göre üsteldir; 0/1 sırt çantası problemi NP-tamdır.

Cevap

B · W bir sayıdır, bu yüzden süre W'yi yazmak için kullanılan bit sayısına göre üsteldir
11.Veri yapıları

Cevap: B · Artan (sıralı) düzende

Cevap neden bu

Önce sol alt ağacı, sonra düğümü, sonra sağ alt ağacı ziyaret etmek BST anahtarlarını sıralı düzende verir.

Cevap

B · Artan (sıralı) düzende
12.Veri yapıları

Cevap: D · k boyutlu bir max-heap; daha küçük bir değer geldiğinde kökü değiştirilir

Cevap neden bu

Max-heap'in kökü tutulan en büyük değerdir; daha küçük her yeni değer onu O(log k)'de değiştirir, böylece öbek her zaman o ana kadarki en küçük k değeri tutar.

Cevap

D · k boyutlu bir max-heap; daha küçük bir değer geldiğinde kökü değiştirilir
13.Graf kuramı

Cevap: L = 14

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Bir ağaç için el sıkışma lemması

L + 26 = 2(L + 7) − 2
L = 14

Cevap

L = 14

Kısayol: L = 2 + Σ (d − 2); toplam, derecesi d ≥ 3 olan köşeler üzerindendir.

14.Graf kuramı

Cevap: N = 3

Dereceler: bir köşenin derecesi ona değen kenar sayısıdır. Her kenarın iki ucu vardır; bu yüzden dereceler kenar sayısının iki katını verecek şekilde toplanır: Σ deg(v) = 2|E| (el sıkışma lemması). Dolayısıyla derecesi tek olan köşelerin sayısı çifttir. Kn grafının n(n − 1)/2 kenarı vardır, n köşeli k-düzgün bir grafın nk/2 kenarı vardır ve n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır.

Komşuluk matrisi

A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 1 1 1 0
C: 1 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 0 1
E: 0 1 1 0 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Ortak komşular

(M²)CC = 1·1 + 1·1 + 0·0 + 0·0 + 1·1 + 0·0 = 3

Cevap

N = 3
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Anahtar olmayan sütunların bileşik anahtarın bir kısmına olan kısmi bağımlılıklarını

Cevap neden bu

2NF, 1NF'yi ve anahtar olmayan her niteliğin anahtarın yalnızca bir kısmına değil, tamamına bağlı olmasını gerektirir.

Cevap

B · Anahtar olmayan sütunların bileşik anahtarın bir kısmına olan kısmi bağımlılıklarını
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · 2NF'dedir ama 3NF'de değildir

Cevap neden bu

Anahtarın tek sütunu vardır, bu yüzden 2NF sağlanır; ancak emp_id → dept_id → dept_name geçişli bir bağımlılıktır ve 3NF'yi ihlal eder.

Cevap

D · 2NF'dedir ama 3NF'de değildir
17.Bilgisayar ağları

Cevap: D · Bir port numarasıyla birlikte bir IP adresi

Cevap neden bu

Bir TCP bağlantısı kaynak IP ve port ile hedef IP ve port ile tanımlanır. Portlar bir ana bilgisayardaki çok sayıda uygulamayı birbirinden ayırır.

Cevap

D · Bir port numarasıyla birlikte bir IP adresi
18.Bilgisayar ağları

Cevap: A · 500 kB

Cevap neden bu

Bant genişliği-gecikme çarpımı 100 × 10⁶ bit/s × 0,04 s = 4 × 10⁶ bit = 500 kB'tır. Göndericinin penceresi en az bu kadar büyük olmalıdır.

Cevap

A · 500 kB
19.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 128

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Blok boyutu

27 = 128

2 numaralı alt ağ

ağ: (2 − 1)·128 = 128
yayın: 128 + 128 − 1 = 255

Cevap

x = 128
20.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 20

Rota özetleme: a.b.c.0/p özet rotası, ilk p biti eşleşen tüm ağları kapsar. İlk ve son ağın farklı olan oktetini ikili olarak yazın; ortak baştaki bitlerin sayısı artı ondan önceki oktetlerin bitleri, en uzun özet önekidir.

Bitleri karşılaştırın

102 = 01100110
104 = 01101000
ortak baştaki bitler: 4

Önek uzunluğu

p = 16 + 4 = 20

Cevap

p = /20

Özet rota: 10.155.96.0/20 (listede olmayan 13 ağı da kapsar).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals