Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −116 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −1168 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1011 1100 AND 0100 1011 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1011 1100AND0100 1011
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
¬a → ¬ba ∧ ¬b¬a ∧ b¬a ∧ ¬b

a → b önermesini olmayana ergi yoluyla ispatlamak istiyorsunuz. Başlangıçta hangi önermeyi varsayarsınız? Üzerine tıklayın.

a → b
  1. 1¬a → ¬b
  2. 2a ∧ ¬b
  3. 3¬a ∧ b
  4. 4¬a ∧ ¬b
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∀x ∀y ¬R(x, y)∀x ∃y ¬R(x, y)∃x ∀y ¬R(x, y)∃x ∃y ¬R(x, y)

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∃x ∀y R(x, y) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∃x ∀y R(x, y)
  1. 1∀x ∀y ¬R(x, y)
  2. 2∀x ∃y ¬R(x, y)
  3. 3∃x ∀y ¬R(x, y)
  4. 4∃x ∃y ¬R(x, y)
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111000110312040507061121131150140819011010

F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 9, 12, 13, 15) fonksiyonunun en küçük çarpımlar toplamı (SOP) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Toplamda kaç literal (L) içerir (üzerinde işaret olan bir değişken bir literal sayılır)?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 9, 12, 13, 15)
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
DQ0​Q0​DQ1​Q1​DQ2​Q2​DQ3​Q3​DQ4​Q4​DQ5​Q5​CLKJOHNSON

Bir Johnson (bükülmüş halka) sayıcı 6 D flip-flopla kurulmuştur; son çıkışın tersi ilk girişe geri beslenir ve sayıcı tamamen sıfırlarla başlar. Kaç farklı durumdan, N, geçer?

n = 6
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

x ≡ 3 (mod 4) ve x ≡ 0 (mod 9) sağlayan en küçük pozitif tam sayı x değerini bulun.

x ≡ 3 (mod 4)x ≡ 0 (mod 9)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

7116 mod 31 değerini bulmak için tekrarlı kare almayı kullanın.

a = 7k = 116n = 31
7116 mod 31 =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Şunun zaman karmaşıklığı nedir: for i = 1 to n: (j = 1; while j < n: j = j × 2)?

  1. AO(n²)
  2. BO(n log n)
  3. CO(n)
  4. DO(log n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

NP sınıfının hangi tanımı doğrudur?

  1. AEvet yanıtları bir sertifika verildiğinde polinom zamanda doğrulanabilen karar problemleri
  2. BPolinom olmayan problemler
  3. CHiçbir algoritmanın çözemeyeceği problemler
  4. DPolinom zamanda çözülemeyen problemler
11.Veri yapılarıOrta

İkili öbeğe yeni bir eleman nasıl eklenir?

  1. ADizinin sonuna konur ve öbek özelliğini bozduğu sürece yukarı kaydırılır (sift up)
  2. BDaha büyük tüm elemanlar bir yer sağa kaydırılarak sıralı konumuna eklenir
  3. CKöke konur ve aşağı kaydırılır
  4. DTüm öbek sıfırdan yeniden oluşturulur
12.Veri yapılarıZor

Çift karma (double hashing) esas olarak doğrusal yoklamanın hangi sorununu azaltır?

  1. ABir anahtarın değerini okumanın O(n) maliyetini
  2. BUzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi
  3. CAnahtarları tabloda saklama ihtiyacını
  4. DBir karma fonksiyonuna duyulan ihtiyacı
13.Graf kuramıOrta

Bağlantılı bir grafın 6 köşesi ve 11 kenarı vardır. Bir kapsayan ağaç kalması için kaç kenar (k) kaldırılmalıdır?

|V| = 6|E| = 11
k =
14.Graf kuramıZor
177621452ABCDEF

Ağırlıklı grafta A’dan D köşesine en kısa yolun uzunluğunu (d(D)) bulmak için Dijkstra algoritmasını kullanın.

başlangıç: Abitiş: D
d(D) =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Hangi sorgu customers tablosundaki farklı şehirlerin sayısını döndürür?

  1. ASELECT SUM(DISTINCT city) FROM customers
  2. BSELECT DISTINCT COUNT(city) FROM customers
  3. CSELECT COUNT(city) FROM customers GROUP BY city
  4. DSELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
16.Veritabanları ve SQLZor

Hangi yalıtım düzeyi kirli okumaları (dirty reads) önler ancak tekrarlanamayan okumalara (non-repeatable reads) hâlâ izin verir?

  1. ASerializable
  2. BRead uncommitted
  3. CRepeatable read
  4. DRead committed
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Bir yönlendiricide 10.0.0.0/8 ve 10.1.0.0/16 için rotalar var. 10.1.5.5'e giden bir paket için hangi rotayı kullanır?

  1. A/16'dan daha fazla adresi kapsadığı için 10.0.0.0/8
  2. Bİlk eklendiği için 10.0.0.0/8
  3. CTrafiği eşit bölerek her iki rotayı
  4. DEn uzun eşleşen önek olduğu için 10.1.0.0/16
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir SYN taşkını saldırısında saldırgan hangi kaynağı tüketmeye çalışır?

  1. ASunucunun yarı açık bağlantılar tablosunu
  2. Bİstemcinin DNS önbelleğini
  3. CSunucunun disk alanını
  4. DAnahtarın MAC adres tablosunu
19.IPv4 alt ağlarıOrta
255.255.255.24011111111111111111111111111110000ağ bitlericihaz bitleri

Bir alt ağ 255.255.255.240 maskesini kullanıyor. Kaç kullanılabilir cihaz adresi H vardır?

255.255.255.240
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 161112806413201608040211ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.178.161/29. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.178.161/29
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 140

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

116 = 0111 0100
tersine çevrilmiş: 1000 1011
+1 → 1000 1100

İşaretsiz okuyun

1000 1100₂ = 256 − 116 = 140

Cevap

U = 140
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 8

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

AND yalnızca iki bit de 1 olduğunda 1 verir.

1011 1100
AND 0100 1011
= 0000 1000

Sonucun değeri

0000 1000₂ = 8

Cevap

R = 8
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: a ∧ ¬b

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Gerektirmenin parçaları

a = a, b = b

Gerektirmenin değili

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = a ∧ ¬b

Cevap

a ∧ ¬b

Varsayım bir çelişkiye götürüyorsa gerektirme doğru olmalıdır.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∀x ∃y ¬R(x, y)

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∃x ∀y R(x, y) ≡ ∀x ∃y ¬R(x, y)

Cevap

∀x ∃y ¬R(x, y)

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 13

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111000110312040507061121131150140819011010

1’leri gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

B′C′D
ABD
ABC′
A′B′CD′

En küçük SOP biçimi

F = B′C′D + ABD + ABC′ + A′B′CD′
L = 13

Cevap

L = 13
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 12

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

6 flip-flop için dizi

000000 → 100000 → 110000 → 111000 → 111100 → 111110 → 111111 → 011111 → 001111 → 000111 → 000011 → 000001

Durum sayısı

N = 12

Cevap

N = 12
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 27

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Birinci denklik

x = 3 + 4k

İkinci denklik

3 + 4k ≡ 0 (mod 9) → 4k ≡ 6 (mod 9)
k ≡ 7·6 ≡ 6 (mod 9)

Sonuç

x = 3 + 4·6 = 27
x = 27
kontrol: 27 mod 4 = 3, 27 mod 9 = 0

Cevap

x = 27
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 7116 mod 31 = 20

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

İkilik üs

116 = 11101002 = 64 + 32 + 16 + 4

Tekrarlı kare alma

71 ≡ 7 (mod 31)
72 ≡ 18 (mod 31)
74 ≡ 14 (mod 31)
78 ≡ 10 (mod 31)
716 ≡ 7 (mod 31)
732 ≡ 18 (mod 31)
764 ≡ 14 (mod 31)

Gerekli kuvvetleri çarpın

7116 ≡ 14·7·18·14 ≡ 20 (mod 31)

Cevap

7116 mod 31 = 20
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · O(n log n)

Cevap neden bu

İç döngü n dış yinelemenin her biri için yaklaşık log₂ n kez çalışır; bu O(n log n) verir.

Cevap

B · O(n log n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · Evet yanıtları bir sertifika verildiğinde polinom zamanda doğrulanabilen karar problemleri

Cevap neden bu

Bir NP problemi için önerilen bir çözüm (sertifika) hızlıca kontrol edilebilir; örneğin verilen bir atamanın bir Boole formülünü sağladığını doğrulamak gibi.

Cevap

A · Evet yanıtları bir sertifika verildiğinde polinom zamanda doğrulanabilen karar problemleri
11.Veri yapıları

Cevap: A · Dizinin sonuna konur ve öbek özelliğini bozduğu sürece yukarı kaydırılır (sift up)

Cevap neden bu

Sona eklemek ağacı tam tutar; ebeveynle yer değiştirmek düzeni O(log n) adımda geri getirir.

Cevap

A · Dizinin sonuna konur ve öbek özelliğini bozduğu sürece yukarı kaydırılır (sift up)
12.Veri yapıları

Cevap: B · Uzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi

Cevap neden bu

Doğrusal yoklama 1'er adımla ilerler, bu nedenle dolu diziler büyür ve birleşir; çift karma adım boyu için ikinci bir karma kullanır, böylece farklı anahtarlar farklı diziler yoklar.

Cevap

B · Uzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi
13.Graf kuramı

Cevap: k = 6

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Kapsayan ağacın kenarları

6 − 1 = 5

Kaldırılacak kenarlar

k = 11 − 5 = 6

Cevap

k = 6
14.Graf kuramı

Cevap: d(D) = 5

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

Her satır: kesinleşen köşe, kesin uzaklığı ve uzaklığı iyileşen komşular.

A (0): B: 1, C: 7
B (1): D: 8, E: 3
E (3): D: 5, F: 8
D (5)
C (7)
F (8)

En kısa yol

A → B → E → D
d(D) = 5

Cevap

d(D) = 5
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · SELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers

Cevap neden bu

COUNT(DISTINCT city) benzersiz, NULL olmayan şehirleri sayar; COUNT dışındaki DISTINCT yalnızca yinelenen sonuç satırlarını kaldırır.

Cevap

D · SELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Read committed

Cevap neden bu

Read committed onaylanmamış değişiklikleri gizler; repeatable read ayrıca tekrarlanamayan okumaları önler; serializable ise hayalet okumaları da önler.

Cevap

D · Read committed
17.Bilgisayar ağları

Cevap: D · En uzun eşleşen önek olduğu için 10.1.0.0/16

Cevap neden bu

IP iletimi en uzun önek eşleşmesini kullanır: hedefle eşleşen tüm rotalar arasından maskesi en uzun olan seçilir.

Cevap

D · En uzun eşleşen önek olduğu için 10.1.0.0/16
18.Bilgisayar ağları

Cevap: A · Sunucunun yarı açık bağlantılar tablosunu

Cevap neden bu

Her SYN sunucunun durum bilgisi ayırmasına ve hiç gelmeyecek bir ACK'yı beklemesine yol açar. SYN çerezleri el sıkışma tamamlanana kadar durum saklamaktan kaçınır.

Cevap

A · Sunucunun yarı açık bağlantılar tablosunu
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 14

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Önek uzunluğu

255.255.255.240 = /28

Kullanılabilir cihazlar

24 − 2 = 14

Cevap

H = 14
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 167

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

23 = 8

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊161/8⌋·8 = 160
yayın: 160 + 8 − 1 = 167
kullanılabilir cihazlar: 161 … 166

Cevap

x = 167

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals