Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −78 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −788 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 0111 1111 << 2 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

0111 1111<< 2
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

(b → c) ↔ (c → b) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

(b → c) ↔ (c → b)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
¬r ∧ p¬rrp

r → q; q → p; ¬p öncülleri verilmiştir. Bunlardan hangi sonuç çıkar? Üzerine tıklayın.

r → qq → p¬p
  1. 1¬r ∧ p
  2. 2¬r
  3. 3r
  4. 4p
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
MUXC′I0​0I1​CI2​1I3​ABS1​S0​F

Bir 4’ten 1’e çoklayıcının seçme girişleri S₁ = A ve S₀ = B, veri girişleri I₀ = C′, I₁ = 0, I₂ = C, I₃ = 1’e bağlanmıştır. A, B ve C girişlerinin 8 birleşiminden kaçında F = 1 olur? N değerini bulun.

I₀ = C′I₁ = 0I₂ = CI₃ = 1
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
CLKT123456

Yükselen kenarla tetiklenen bir T flip-flop Q = 0 ile başlar ve 6 yükselen saat kenarında gösterilen girişleri alır. Q kaç kez, N, durum değiştirir?

Q₀ = 0T
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

24 sayısının 29 modundaki tersini bulun: 0 < x < 29 olan ve 24·x ≡ 1 (mod 29) sağlayan x sayısı.

a = 24n = 29
24−1 mod 29 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
186c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (893, 11)d

m = 186 mesajını (n, e) = (893, 11) RSA genel anahtarıyla şifreleyin. Şifreli metni, c, bulun.

n = 893e = 11m = 186
c =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Basit özyinelemeli faktöriyel fonksiyonu fact(n) = n × fact(n − 1) ne kadar yığın (stack) alanı kullanır?

  1. AO(1)
  2. BO(log n)
  3. CO(n²)
  4. DO(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Karatsuba çarpması T(n) = 3T(n/2) + O(n) yinelemesini sağlar. Bunun çözümü nedir?

  1. AΘ(nlog₂ 3), yaklaşık n1,585
  2. BΘ(n3)
  3. CΘ(n log n)
  4. DΘ(n²)
11.Veri yapılarıOrta

Anahtarlar sıralı biçimde eklenirse, n düğümlü bir ikili arama ağacının en kötü durumdaki yüksekliği nedir?

  1. Alog₂ n
  2. B1
  3. C√n
  4. Dn (ağaç bir bağlı listeye dönüşür)
12.Veri yapılarıZor

Bir sunucu karma fonksiyonunu neden evrensel bir aileden rastgele seçebilir?

  1. ATabloyu yeniden boyutlandırma ihtiyacını ortadan kaldırmak için
  2. BKarma tablosunu sıralı hâle getirmek için
  3. CBir saldırganın hepsi çakışan çok sayıda anahtar seçebilmesini çok olasılık dışı kılmak için
  4. DBir saldırgan hangi anahtarları gönderirse göndersin hiçbir iki anahtarın çakışmayacağını garanti etmek için
13.Graf kuramıOrta
ABCDEFEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 6|E| = 6
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
10106189145ABCDEF

Ağırlıklı grafta A’dan F köşesine en kısa yolun uzunluğunu (d(F)) bulmak için Dijkstra algoritmasını kullanın.

başlangıç: Abitiş: F
d(F) =
15.Veritabanları ve SQLOrta

SQL enjeksiyonu (SQL injection) nedir?

  1. ABir veritabanı yedekleme tekniği
  2. BDizin eklemenin bir yolu
  3. CKullanıcı girdisinin bir SQL sorgusunun yapısını değiştirdiği bir saldırı
  4. DTek bir INSERT ifadesiyle çok sayıda satırı hızlıca eklemek için bir teknik
16.Veritabanları ve SQLZor

Eş zamanlı işlemlerden oluşan bir çizelgeye ne zaman serileştirilebilir (serializable) denir?

  1. AEtkisi aynı işlemlerin bir seri yürütülmesine eşdeğer olduğunda
  2. BHer işleme bir seri numarası verildiğinde
  3. Cİşlemler yalnızca tek bir CPU'da çalıştığında
  4. DHiçbir işlem hiç veri okumadığında
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Wi-Fi neden çarpışma algılama yerine çarpışmadan kaçınma (CSMA/CA) kullanır?

  1. AÇarpışma algılama yalnızca fiber kablolarda çalışır, paylaşılan kablosuz radyo kanallarında çalışmaz
  2. BRadyo sinyalleri asla çarpışmaz
  3. CWi-Fi ağ başına yalnızca bir cihaza izin verir
  4. DKablosuz bir istasyon iletim yaparken çarpışmaları güvenilir biçimde algılayamaz
18.Bilgisayar ağlarıZor

A ve C istasyonları B erişim noktasına ulaşabiliyor ama birbirlerini duyamıyor; bu yüzden çerçeveleri B'de çarpışıyor. 802,11 nasıl yardımcı olur?

  1. AA ve C'nin çarpışma algılama kullanmasını sağlayarak; böylece çerçeveler çakıştığında göndermeyi bırakırlar
  2. BA'nın çerçevelerini C üzerinden yönlendirerek
  3. CÇerçevelerin TTL'sini artırarak
  4. Dİsteğe bağlı RTS/CTS alışverişiyle: erişim noktasının CTS'i yakındaki tüm istasyonlara beklemelerini söyler
19.IPv4 alt ağlarıOrta
255.255.255.24811111111111111111111111111111000ağ bitlericihaz bitleri

Bir alt ağ 255.255.255.248 maskesini kullanıyor. Kaç kullanılabilir cihaz adresi H vardır?

255.255.255.248
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor

192.168.125.0/24 ağı şu LAN’lar için VLSM ile bölünüyor: A: 18 ana makine, B: 10 ana makine, C: 6 ana makine, D: 16 ana makine, E: 38 ana makine. Alt ağlar .0’dan yukarı doğru, en çok cihazı olan LAN’dan başlayarak, her birine sığan en küçük alt ağ verilerek atanıyor. LAN B’ün ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

A: 18B: 10C: 6D: 16E: 38
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 178

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

78 = 0100 1110
tersine çevrilmiş: 1011 0001
+1 → 1011 0010

İşaretsiz okuyun

1011 0010₂ = 256 − 78 = 178

Cevap

U = 178
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 252

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

2 kadar sola kaydırmak her biti 2 basamak sola taşır; sol uçtan düşen bitler kaybolur ve sağdan sıfırlar girer.

0111 1111 << 2
= 1111 1100

Sonucun değeri

1111 1100₂ = 252

Cevap

R = 252
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: olumsallık

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

b = 1, c = 1: b → c = 1, c → b = 1, (b → c) ↔ (c → b) = 1
b = 1, c = 0: b → c = 0, c → b = 1, (b → c) ↔ (c → b) = 0
b = 0, c = 1: b → c = 1, c → b = 0, (b → c) ↔ (c → b) = 0
b = 0, c = 0: b → c = 1, c → b = 1, (b → c) ↔ (c → b) = 1

Sınıflandırın

(b → c) ↔ (c → b): 1, 0, 0, 1
4 satırın 2 tanesinde 1, diğerlerinde 0: bir olumsallık.

Cevap

olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ¬r

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Tüm öncüllerin doğru olduğu satırlar

p = 0, q = 0, r = 0: ¬r ∧ p = 0, ¬r = 1, r = 0, p = 0

Sonuç

¬r (iki kez modus tollens)

Cevap

¬r
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Çoklayıcı (multiplexer): 2ⁿ’den 1’e bir çoklayıcı veri girişlerinden birini çıkışa iletir; ikilik sayı olarak okunan seçme hatları hangisinin seçileceğini belirler. S₁S₀ = AB seçmeli 4’ten 1’e bir MUX için F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Veri girişlerini 0, 1, C ya da C′’ye bağlamak MUX’un A, B ve C’nin herhangi bir fonksiyonunu üretmesini sağlar; bu, tek bir yongayla mantık kurmanın yaygın bir yoludur.

Çıkış ifadesi

F = A′B′C′ + AB′C + AB

F = 1 olan satırlar

ABC = 000, 101, 110, 111
N = 4

Cevap

N = 4
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonra Q

Bir T flip-flop T = 1 iken her yükselen kenarda tersler (toggle), T = 0 iken tutar.

1: T = 1 → Q = 1
2: T = 0 → Q = 1
3: T = 0 → Q = 1
4: T = 1 → Q = 0
5: T = 1 → Q = 1
6: T = 1 → Q = 0

Değişimleri sayın

0 → 1 → 1 → 1 → 0 → 1 → 0
N = 4

Cevap

N = 4
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 24−1 mod 29 = 23

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·24 (mod 29) olarak yazılır.

r = 29, t = 0
r = 24, q = 1, t = 1
r = 5, q = 4, t = −1
r = 4, q = 1, t = 5
r = 1, q = 4, t = −6

Ters

1 ≡ −6·24 (mod 29)
x = 23
kontrol: 24·23 = 552 = 19·29 + 1

Cevap

24−1 mod 29 = 23
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: c = 725

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Tekrarlı kare alma

11 = 8 + 2 + 1
1861 ≡ 186 (mod 893)
1862 ≡ 662 (mod 893)
1864 ≡ 674 (mod 893)
1868 ≡ 632 (mod 893)
18611 ≡ 186·662·632 ≡ 725 (mod 893)

Şifreli metin

c = 725

Cevap

c = 725
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · O(n)

Cevap neden bu

Herhangi bir dönüş olmadan önce özyineleme n çağrı derinliğine ulaşır ve her çağrının bir yığın çerçevesine ihtiyacı vardır, bu yüzden O(n) alan kullanır.

Cevap

D · O(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · Θ(nlog₂ 3), yaklaşık n1,585

Cevap neden bu

log₂ 3 ≈ 1,585 > 1 olduğundan, ana teoreme göre yapraklar baskındır; bu, O(n²) okul yöntemini geride bırakır.

Cevap

A · Θ(nlog₂ 3), yaklaşık n1,585
11.Veri yapıları

Cevap: D · n (ağaç bir bağlı listeye dönüşür)

Cevap neden bu

Sıralı eklemeler n yüksekliğinde dejenere bir ağaç oluşturur ve aramalar O(n) olur. Dengeli ağaçlar bunu önler.

Cevap

D · n (ağaç bir bağlı listeye dönüşür)
12.Veri yapıları

Cevap: C · Bir saldırganın hepsi çakışan çok sayıda anahtar seçebilmesini çok olasılık dışı kılmak için

Cevap neden bu

Evrensel karmada, saldırgan hangi fonksiyonun seçildiğini bilmediğinden, herhangi bir anahtar kümesi için beklenen çakışma sayısı küçüktür.

Cevap

C · Bir saldırganın hepsi çakışan çok sayıda anahtar seçebilmesini çok olasılık dışı kılmak için
13.Graf kuramı

Cevap: Euler yolu, devre yok

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 2, deg(B) = 2, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 3, deg(F) = 1

Tek dereceli köşeler

E, F → 2
Euler yolu, devre yok

Cevap

Euler yolu, devre yok

Euler yolu bir tek dereceli köşeden başlar ve ötekinde biter.

14.Graf kuramı

Cevap: d(F) = 25

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

Her satır: kesinleşen köşe, kesin uzaklığı ve uzaklığı iyileşen komşular.

A (0): B: 10, C: 10
B (10): E: 15
C (10): E: 11
E (11): D: 19, F: 25
D (19)
F (25)

En kısa yol

A → C → E → F
d(F) = 25

Cevap

d(F) = 25
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: C · Kullanıcı girdisinin bir SQL sorgusunun yapısını değiştirdiği bir saldırı

Cevap neden bu

Kullanıcı girdisi SQL ile birleştirildiğinde saldırganlar komut enjekte edebilir. Parametreli hazır ifadeler (prepared statements) veriyi koddan ayrı tutar.

Cevap

C · Kullanıcı girdisinin bir SQL sorgusunun yapısını değiştirdiği bir saldırı
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · Etkisi aynı işlemlerin bir seri yürütülmesine eşdeğer olduğunda

Cevap neden bu

Serileştirilebilirlik eş zamanlılık için temel doğruluk ölçütüdür: iç içe geçmiş sonuç, birer birer yürütülen bir sıranın sonucuna eşit olmalıdır.

Cevap

A · Etkisi aynı işlemlerin bir seri yürütülmesine eşdeğer olduğunda
17.Bilgisayar ağları

Cevap: D · Kablosuz bir istasyon iletim yaparken çarpışmaları güvenilir biçimde algılayamaz

Cevap neden bu

Bir radyo vericisi gönderirken diğer zayıf sinyalleri duyamaz ve bazı istasyonlar birbirinden gizlidir. Bu yüzden 802,11 rastgele geri çekilme süreleri bekler ve onaylar kullanır.

Cevap

D · Kablosuz bir istasyon iletim yaparken çarpışmaları güvenilir biçimde algılayamaz
18.Bilgisayar ağları

Cevap: D · İsteğe bağlı RTS/CTS alışverişiyle: erişim noktasının CTS'i yakındaki tüm istasyonlara beklemelerini söyler

Cevap neden bu

Bir istasyon Request to Send gönderir; erişim noktası, menzilindeki her istasyonun duyduğu Clear to Send ile yanıt verir; böylece gizli istasyonlar ayrılan süre boyunca gönderimi erteler.

Cevap

D · İsteğe bağlı RTS/CTS alışverişiyle: erişim noktasının CTS'i yakındaki tüm istasyonlara beklemelerini söyler
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 6

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Önek uzunluğu

255.255.255.248 = /29

Kullanılabilir cihazlar

23 − 2 = 6

Cevap

H = 6
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 128

VLSM: her LAN, 2ʰ − 2 ≥ cihaz sayısı olan en küçük alt ağı, yani 32 − h önekini alır. Önce en büyük alt ağları atamak her bloğun kendi boyutunun bir katına hizalanmasını sağlar, bu yüzden ağ adresleri blok boyutlarını toplayarak bulunur.

LAN başına blok boyutu

E: 38 ana makine → 26 = 64 (/26)
A: 18 ana makine → 25 = 32 (/27)
D: 16 ana makine → 25 = 32 (/27)
B: 10 ana makine → 24 = 16 (/28)
C: 6 ana makine → 23 = 8 (/29)

Atama, en büyükten başlayarak

E: .0 – .63
A: .64 – .95
D: .96 – .127
B: .128 – .143
C: .144 – .151

Cevap

x = 128

LAN B: 192.168.125.128/28.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals