Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −79 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −798 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 0010 0101 << 1 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

0010 0101<< 1
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

(q ∨ r) ∧ (¬q ∧ ¬r) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

(q ∨ r) ∧ (¬q ∧ ¬r)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∃x (¬F(x) ∨ ¬G(x))∀x (¬F(x) ∧ ¬G(x))∀x (¬F(x) ∨ ¬G(x))∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∀x (F(x) ∨ G(x)) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∀x (F(x) ∨ G(x))
  1. 1∃x (¬F(x) ∨ ¬G(x))
  2. 2∀x (¬F(x) ∧ ¬G(x))
  3. 3∀x (¬F(x) ∨ ¬G(x))
  4. 4∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC00011110010011130204050716

F(A, B, C) = Σm(1, 3, 6) fonksiyonunun en küçük toplamlar çarpımı (POS) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Kaç toplam terimi (çarpan) (N) vardır?

F(A, B, C) = Σm(1, 3, 6)
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD0001111000011110X0X1130204150716012X130150140809111010

d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterirken F(A, B, C, D) = Σm(3, 5, 6, 11) + d(0, 1, 13) fonksiyonu için temel asal implikantların sayısını, N, bulun.

F(A, B, C, D) = Σm(3, 5, 6, 11) + d(0, 1, 13)
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

4 sayısının 59 modundaki tersini bulun: 0 < x < 59 olan ve 4·x ≡ 1 (mod 59) sağlayan x sayısı.

a = 4n = 59
4−1 mod 59 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
240c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (1927, 19)d

m = 240 mesajını (n, e) = (1927, 19) RSA genel anahtarıyla şifreleyin. Şifreli metni, c, bulun.

n = 1927e = 19m = 240
c =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Saf özyinelemeli Fibonacci'nin (fib(n) = fib(n−1) + fib(n−2)) zaman karmaşıklığı nedir?

  1. AÜstel
  2. BLogaritmik
  3. CSabit
  4. DDoğrusal
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Eklemeli sıralama sıralı girdide O(n)'de çalışır. Bu, karşılaştırmalı sıralama için Ω(n log n) alt sınırıyla çelişir mi?

  1. AEvet, ama yalnızca 100'den kısa diziler için
  2. BHayır, çünkü eklemeli sıralama bir karşılaştırmalı sıralama değildir
  3. CEvet, dolayısıyla alt sınır yanlıştır
  4. DHayır, alt sınır her girdiye değil, tüm girdiler üzerinden en kötü duruma uygulanır
11.Veri yapılarıOrta

Bir ikili arama ağacının in-order (sıralı) dolaşımı anahtarları hangi sırayla ziyaret eder?

  1. AArtan (sıralı) düzende
  2. BHer zaman azalan düzende
  3. CSeviye sırasıyla
  4. DEkleme sırasıyla
12.Veri yapılarıZor

n sayılık bir akıştan en küçük k değeri O(k) bellek kullanarak tutmanız gerekiyor. Hangi yaklaşım O(n log k) sürede çalışır?

  1. Ak boyutlu bir max-heap; daha küçük bir değer geldiğinde kökü değiştirilir
  2. Bn değerin tamamından oluşan sıralı bir dizi
  3. Cn değerin tamamını tutan bir min-heap; en küçük k değer sonunda çıkarılır
  4. DSon k değerden oluşan bir FIFO kuyruğu
13.Graf kuramıOrta

Bir ağacın derecesi 3 olan 3 köşe, derecesi 2 olan 2 köşe vardır ve diğer tüm köşeleri yapraktır (derece 1). Kaç yaprağı (L) vardır?

3 × deg 32 × deg 2
L =
14.Graf kuramıZor
1212991568ABCDEF

Ağırlıklı grafta A’dan F köşesine en kısa yolun uzunluğunu (d(F)) bulmak için Dijkstra algoritmasını kullanın.

başlangıç: Abitiş: F
d(F) =
15.Veritabanları ve SQLOrta

A → B fonksiyonel bağımlılığı ne anlama gelir?

  1. AA ve B'nin her ikisi de birincil anahtardır
  2. BA, B'ye başvuran bir yabancı anahtardır
  3. CB'nin her değeri tam olarak bir A değeriyle ilişkilidir
  4. DA'nın her değeri tam olarak bir B değeriyle ilişkilidir
16.Veritabanları ve SQLZor

SELECT name, dept, AVG(salary) OVER (PARTITION BY dept) FROM emp ne döndürür?

  1. AHer çalışan satırını, çalıştığı departmanın ortalama maaşıyla birlikte
  2. BYalnızca departman ortalamasından fazla kazanan çalışanları
  3. CDepartman başına ortalama maaşıyla bir satır
  4. Dname bir GROUP BY içinde olmadığı için bir hata
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Hangi tek önek hem 192.168.0.0/24'ü hem 192.168.1.0/24'ü özetler?

  1. A192.168.0.0/25
  2. B192.168.0.0/23
  3. C192.168.0.0/22
  4. D192.168.1.0/23
18.Bilgisayar ağlarıZor

TCP üzerinde HTTP/2'de sıra başı engellemesi (head-of-line blocking) neden oluşur?

  1. AHer istek kendi yeni TCP bağlantısını gerektirir, bu yüzden sonraki istekler kuyrukta bekler
  2. BHTTP/2 UDP kullanır
  3. CKaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir
  4. DSunucular paralel istekleri işleyemez
19.IPv4 alt ağlarıOrta
255.255.255.24011111111111111111111111111110000ağ bitlericihaz bitleri

Bir alt ağ 255.255.255.240 maskesini kullanıyor. Kaç kullanılabilir cihaz adresi H vardır?

255.255.255.240
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 124012816413211618140201ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.145.124/27. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.145.124/27
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 177

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

79 = 0100 1111
tersine çevrilmiş: 1011 0000
+1 → 1011 0001

İşaretsiz okuyun

1011 0001₂ = 256 − 79 = 177

Cevap

U = 177
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 74

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

1 kadar sola kaydırmak her biti 1 basamak sola taşır; sol uçtan düşen bitler kaybolur ve sağdan sıfırlar girer.

0010 0101 << 1
= 0100 1010

Sonucun değeri

0100 1010₂ = 74

Cevap

R = 74
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: çelişki

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

q = 1, r = 1: q ∨ r = 1, ¬q = 0, ¬r = 0, ¬q ∧ ¬r = 0, (q ∨ r) ∧ (¬q ∧ ¬r) = 0
q = 1, r = 0: q ∨ r = 1, ¬q = 0, ¬r = 1, ¬q ∧ ¬r = 0, (q ∨ r) ∧ (¬q ∧ ¬r) = 0
q = 0, r = 1: q ∨ r = 1, ¬q = 1, ¬r = 0, ¬q ∧ ¬r = 0, (q ∨ r) ∧ (¬q ∧ ¬r) = 0
q = 0, r = 0: q ∨ r = 0, ¬q = 1, ¬r = 1, ¬q ∧ ¬r = 1, (q ∨ r) ∧ (¬q ∧ ¬r) = 0

Sınıflandırın

(q ∨ r) ∧ (¬q ∧ ¬r): 0, 0, 0, 0
Her satırda 0: bir çelişki.

Cevap

çelişki
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∀x (F(x) ∨ G(x)) ≡ ∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))

Cevap

∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 3

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABC00011110010011130204050716

0’ları gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

(B + C)
(A + C)
(A′ + C′)

En küçük POS biçimi

F = (B + C)(A + C)(A′ + C′)
N = 3

Cevap

N = 3

Aynı büyüklükte başka bir gruplama da vardır; terim ve literal sayısı aynıdır.

6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 2

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

B′CD, BC′D, A′C′D, A′B′D, A′BCD′
ABCD0001111000011110X0X1130204150716012X130150140809111010

Temel asal implikantlar

B′CD, A′BCD′
N = 2

Cevap

N = 2
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 4−1 mod 59 = 15

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·4 (mod 59) olarak yazılır.

r = 59, t = 0
r = 4, q = 14, t = 1
r = 3, q = 1, t = −14
r = 1, q = 3, t = 15

Ters

1 ≡ 15·4 (mod 59)
x = 15
kontrol: 4·15 = 60 = 1·59 + 1

Cevap

4−1 mod 59 = 15
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: c = 950

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Tekrarlı kare alma

19 = 16 + 2 + 1
2401 ≡ 240 (mod 1927)
2402 ≡ 1717 (mod 1927)
2404 ≡ 1706 (mod 1927)
2408 ≡ 666 (mod 1927)
24016 ≡ 346 (mod 1927)
24019 ≡ 240·1717·346 ≡ 950 (mod 1927)

Şifreli metin

c = 950

Cevap

c = 950
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · Üstel

Cevap neden bu

Çağrı ağacı kabaca φⁿ (yaklaşık 1,618ⁿ) gibi büyür. Memoizasyon bunu O(n)'ye düşürür.

Cevap

A · Üstel
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · Hayır, alt sınır her girdiye değil, tüm girdiler üzerinden en kötü duruma uygulanır

Cevap neden bu

Sınır, her karşılaştırmalı sıralamanın n boyutundaki bir girdide yaklaşık n log n karşılaştırma gerektirdiğini söyler; özel girdiler çok daha hızlı olabilir.

Cevap

D · Hayır, alt sınır her girdiye değil, tüm girdiler üzerinden en kötü duruma uygulanır
11.Veri yapıları

Cevap: A · Artan (sıralı) düzende

Cevap neden bu

Önce sol alt ağacı, sonra düğümü, sonra sağ alt ağacı ziyaret etmek BST anahtarlarını sıralı düzende verir.

Cevap

A · Artan (sıralı) düzende
12.Veri yapıları

Cevap: A · k boyutlu bir max-heap; daha küçük bir değer geldiğinde kökü değiştirilir

Cevap neden bu

Max-heap'in kökü tutulan en büyük değerdir; daha küçük her yeni değer onu O(log k)'de değiştirir, böylece öbek her zaman o ana kadarki en küçük k değeri tutar.

Cevap

A · k boyutlu bir max-heap; daha küçük bir değer geldiğinde kökü değiştirilir
13.Graf kuramı

Cevap: L = 5

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Bir ağaç için el sıkışma lemması

L + 13 = 2(L + 5) − 2
L = 5

Cevap

L = 5

Kısayol: L = 2 + Σ (d − 2); toplam, derecesi d ≥ 3 olan köşeler üzerindendir.

14.Graf kuramı

Cevap: d(F) = 26

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

Her satır: kesinleşen köşe, kesin uzaklığı ve uzaklığı iyileşen komşular.

A (0): B: 12
B (12): C: 13, D: 14, E: 20
C (13)
D (14): F: 29
E (20): F: 26
F (26)

En kısa yol

A → B → E → F
d(F) = 26

Cevap

d(F) = 26
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · A'nın her değeri tam olarak bir B değeriyle ilişkilidir

Cevap neden bu

A → B, aynı A değerine sahip herhangi iki satırın aynı B değerine sahip olması gerektiği anlamına gelir; A, B'yi belirler.

Cevap

D · A'nın her değeri tam olarak bir B değeriyle ilişkilidir
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · Her çalışan satırını, çalıştığı departmanın ortalama maaşıyla birlikte

Cevap neden bu

GROUP BY'dan farklı olarak bir pencere fonksiyonu her girdi satırını tutar ve bölümü (burada departman) üzerinden hesaplanan bir değer ekler.

Cevap

A · Her çalışan satırını, çalıştığı departmanın ortalama maaşıyla birlikte
17.Bilgisayar ağları

Cevap: B · 192.168.0.0/23

Cevap neden bu

0 ve 1 üçüncü oktetin son biti dışında tüm bitleri paylaşır; bu yüzden 192.168.0.0'dan başlayan bir bit daha kısa önek (/23) ikisini tam olarak kapsar.

Cevap

B · 192.168.0.0/23
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · Kaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir

Cevap neden bu

TCP baytları sırayla teslim eder, bu yüzden tek bir kayıp bağlantıdaki her akışı durdurur. QUIC (HTTP/3) akışları UDP üzerinde bağımsız olarak işler.

Cevap

C · Kaybolan bir TCP segmenti, yeniden iletilene kadar çoğullanmış tüm akışları geciktirir
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 14

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Önek uzunluğu

255.255.255.240 = /28

Kullanılabilir cihazlar

24 − 2 = 14

Cevap

H = 14
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 127

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

25 = 32

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊124/32⌋·32 = 96
yayın: 96 + 32 − 1 = 127
kullanılabilir cihazlar: 97 … 126

Cevap

x = 127

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals