Grundlagen der Elektrotechnik 1: Lernpaket

Formelsammlungen, die wichtigsten Lösungsschritte zu jedem Thema und 14 Übungsaufgaben, mit vollständigen Lösungen am Ende.

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1Formeln und Methoden

Reihen- und Parallelschaltung

Widerstände in Reihe: R_eq = R₁ + R₂ + …
Widerstände parallel: 1/R_eq = 1/R₁ + 1/R₂ + …
Zwei parallel: R_eq = R₁R₂ / (R₁ + R₂)
Ohmsches Gesetz: V = I·R
Leistung: P = V·I = I²R = V²/R

Methode

Beginne an dem Ende des Netzwerks, das am weitesten von den Klemmen entfernt ist.
Fasse Widerstände in Reihe durch Addieren zusammen und parallele Widerstände mit 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …
Zeichne die Schaltung nach jedem Schritt neu.
Wiederhole das, bis zwischen den Klemmen ein einziger Widerstand übrig ist.

Knotenpotenzialverfahren

Kirchhoffsche Knotenregel: ΣI_in = ΣI_out
Zweigstrom: I = (V_a − V_b)/R
Bezugsknoten: V_ground = 0

Methode

Wähle einen Bezugsknoten (Masse) und benenne die übrigen Knotenspannungen.
Stelle an jedem unbekannten Knoten die Knotenregel auf: Die über alle Zweige abfließenden Ströme sind gleich den zufließenden.
Drücke jeden Zweigstrom als (V_a − V_b)/R aus.
Löse das Gleichungssystem und bestimme dann jeden benötigten Strom.

Maschenstromverfahren

Kirchhoffsche Maschenregel: ΣV = 0 in jeder Masche
Gemeinsamer Widerstand: Strom = I₁ − I₂
Stromquelle in einer Masche: legt diesen Maschenstrom fest

Methode

Zeichne in jeder Masche (jedem Fenster) der Schaltung einen Strom im Uhrzeigersinn ein.
Wende in jeder Masche die Maschenregel an: Die Summe der Spannungsabfälle ist null.
In einem Widerstand, den zwei Maschen gemeinsam haben, fließt die Differenz der beiden Maschenströme.
Löse die Gleichungen; ein negatives Ergebnis bedeutet, dass der Strom in die andere Richtung fließt.

Überlagerungssatz

Überlagerungssatz: x = x₁ + x₂ + … (one source at a time)
Abgeschaltete Spannungsquelle: Kurzschluss (0 V)
Abgeschaltete Stromquelle: Leerlauf (0 A)
Spannungsteiler: V₂ = V·R₂/(R₁ + R₂)
Stromteiler: I₁ = I·R₂/(R₁ + R₂)

Methode

Zähle die unabhängigen Quellen. Für jede Quelle löst du eine einfachere Schaltung.
Behalte eine Quelle und schalte die anderen ab: Eine Spannungsquelle wird zum Kurzschluss (ein Draht), eine Stromquelle zum Leerlauf (eine Unterbrechung).
Berechne in der einfacheren Schaltung die gesuchte Spannung oder den gesuchten Strom und achte auf die Richtung.
Wiederhole das für jede Quelle und addiere dann die Beiträge mit ihren Vorzeichen.

Thévenin und Norton

Thévenin-Spannung: V_th = V_{open circuit}
Thévenin-Widerstand: R_th: alle Quellen abgeschaltet, von a–b aus gesehen
Norton-Strom: I_N = V_th/R_th
Laststrom: I_L = V_th/(R_th + R_L)
Maximale Leistungsübertragung: R_L = R_th, P_max = V_th²/(4R_th)

Methode

Entferne die Last und markiere die beiden Klemmen a und b.
Bestimme die Leerlaufspannung zwischen a und b: Das ist V_th.
Schalte alle unabhängigen Quellen ab und bestimme den Widerstand, den man von a–b aus sieht: Das ist R_th.
Schließe die Last wieder an die Ersatzschaltung an: V_th in Reihe mit R_th.
Für die Norton-Ersatzschaltung umrechnen: I_N = V_th/R_th, mit R_N = R_th parallel.

Operationsverstärker

Invertierender Verstärker: V_out = −(R_f/R_in)·V_in
Nichtinvertierender Verstärker: V_out = (1 + R_f/R₁)·V_in
Summierverstärker: V_out = −R_f(V₁/R₁ + V₂/R₂)
Idealer Operationsverstärker: V₊ = V₋, I_in = 0

RC- und RL-Ausgleichsvorgänge

Zeitkonstante: τ = RC | τ = L/R
Antwort: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ
Kondensator bei Gleichstrom: Leerlauf; v_C kann nicht springen
Spule bei Gleichstrom: Kurzschluss; i_L kann nicht springen
Eingeschwungen: t ≈ 5τ

Methode

Bestimme den Anfangswert unmittelbar nach dem Schalten: Kondensatorspannung und Spulenstrom können nicht springen.
Bestimme den Endwert lange nach dem Schalten: Ein Kondensator wirkt wie ein Leerlauf, eine Spule wie ein Kurzschluss.
Bestimme die Zeitkonstante: τ = RC oder τ = L/R, mit dem Widerstand, den der Kondensator bzw. die Spule sieht.
Verwende x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ.

2Übungsaufgaben

1.Reihen- und ParallelschaltungMittel

Bestimme den Ersatzwiderstand R_eq, den die Quelle V₁ sieht.

V₁ = 24 VR₁ = 12 ΩR₂ = 2 ΩR₃ = 5 ΩR₄ = 4 Ω

R_eq = Ω

2.Reihen- und ParallelschaltungSchwer

Bestimme den Strom I_R2 durch R₂.

V₁ = 18 VR₁ = 10 ΩR₂ = 15 ΩR₃ = 12 ΩR₄ = 8 ΩR₅ = 25 ΩR₆ = 30 Ω

I_R2 = A

3.KnotenpotenzialverfahrenMittel

Die Spannungsquelle Vₛ zwischen A und B hat ihren Pluspol bei B, sie bewirkt also V_B − V_A = Vₛ. Bestimme mit dem Knotenpotenzialverfahren und einem Superknoten das Knotenpotenzial V_B (gegen Masse gemessen).

I_s = 5 AV_s = 8 VR₁ = 6 ΩR₂ = 8 Ω

V_B = V

4.KnotenpotenzialverfahrenSchwer

Bestimme mit dem Knotenpotenzialverfahren den Strom I_R2 durch R₂ in Pfeilrichtung.

V₁ = 10 VI_s = 5 AV₂ = 9 VR₁ = 2 ΩR₂ = 6 ΩR₃ = 12 ΩR₄ = 6 ΩR₅ = 3 Ω

I_R2 = A

5.MaschenstromverfahrenMittel

Bestimme mit dem Maschenstromverfahren den Strom I_R2 durch R₂ in Pfeilrichtung.

V₁ = 15 VV₂ = 24 VR₁ = 12 ΩR₂ = 10 ΩR₃ = 20 Ω

I_R2 = A

6.MaschenstromverfahrenSchwer

Bestimme mit dem Maschenstromverfahren den Strom I_R3 durch R₃ in Pfeilrichtung.

V₁ = 36 VV₂ = 5 VR₁ = 5 ΩR₂ = 20 ΩR₃ = 6 ΩR₄ = 3 ΩR₅ = 8 Ω

I_R3 = A

7.ÜberlagerungssatzMittel

Eine lineare Widerstandsschaltung enthält eine Spannungsquelle V_s und eine Stromquelle I_s. Der Strom I durch einen Lastwiderstand wird zweimal gemessen: Mit V_s = 4 V und I_s = 5 mA ist I = 1,2 mA; mit V_s = 15 V und I_s = 6 mA ist I = 9,6 mA. Bestimme den Laststrom I für V_s = 12 V und I_s = 6 mA.

4 V, 5 mA → 1,2 mA15 V, 6 mA → 9,6 mAV_s = 12 V, I_s = 6 mA

I = mA

8.ÜberlagerungssatzSchwer

Bestimme den Wert der Spannungsquelle V₂ (Polarität wie dargestellt), bei dem der Strom I_R3 durch R₃ null wird.

V₁ = 5 VI_s = 2 AR₁ = 15 ΩR₂ = 8 ΩR₃ = 8 ΩR₄ = 5 Ω

V₂ = V

9.Thévenin und NortonMittel

Bestimme die Thévenin-Spannung V_th an den Klemmen a–b.

V₁ = 18 VR₁ = 20 ΩR₂ = 2 ΩR₃ = 4 Ω

V_th = V

10.Thévenin und NortonSchwer

Bestimme die Thévenin-Spannung V_th an den Klemmen a–b.

V₁ = 10 VI_s = 6 AR₁ = 5 ΩR₂ = 25 ΩR₃ = 8 Ω

V_th = V

11.OperationsverstärkerMittel

Wähle den Rückkopplungswiderstand R_f so, dass dieser nichtinvertierende Verstärker eine Spannungsverstärkung von 15 hat.

R₁ = 2 kΩA_v = 15

R_f = kΩ

12.OperationsverstärkerSchwer

Der Summierverstärker verwendet einen idealen Operationsverstärker mit ±15 V Versorgung. Bestimme die Ausgangsspannung V_out.

V₁ = −2 VV₂ = 1,9 VR₁ = 4,7 kΩR₂ = 47 kΩR_f = 10 kΩ

V_out = V

13.RC- und RL-AusgleichsvorgängeMittel

Die Spule führt einen konstanten Strom von 0,5 A. Bei t = 0 schließt der Schalter den Kreis über R, und die Quelle wird abgetrennt, der Spulenstrom klingt also über R ab. Bestimme die Spannung v_R an R bei t = 5 ms.

i(0) = 0,5 AR = 47 ΩL = 100 mHt = 5 ms

v_R = V

14.RC- und RL-AusgleichsvorgängeSchwer

Ein Zeitglied beginnt bei t = 0, einen ungeladenen Kondensator über einen Widerstand aus einer 9-V-Versorgung zu laden. Es soll auslösen, wenn die Kondensatorspannung 5,4 V erreicht, genau 10 ms nach dem Start. Bestimme mit C = 22 µF den nötigen Widerstand R.

V_s = 9 VV_th = 5,4 VT = 10 msC = 22 µF

R = kΩ

3Lösungen

1.Reihen- und Parallelschaltung

Antwort: R_eq = 13,64 Ω

Reihen- und Parallelschaltung: In Reihe fließt durch jeden Widerstand derselbe Strom, und R = R₁ + R₂ + …. Parallel liegt an jedem Widerstand dieselbe Spannung, und 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Eine Kettenschaltung wird Paar für Paar vereinfacht, bis ein einziger Ersatzwiderstand übrig bleibt.

Widerstände vom fernen Ende her zusammenfassen

Beginne am Ende, das am weitesten von der Quelle entfernt ist, und arbeite dich zu ihr zurück. Widerstände mit demselben Strom liegen in Reihe; Widerstände zwischen denselben zwei Knoten liegen parallel.

R₃ + R₄ = 5 + 4 = 9 Ω

R₂ ∥ 9 = 2·9/(2+9) = 1,636 Ω

R_eq = R₁ + 1,636 = 12 + 1,636 = 13,64 Ω

Antwort

R_eq = 13,64 Ω

2.Reihen- und Parallelschaltung

Antwort: I_R2 = 0,5471 A

Widerstände vom fernen Ende her zusammenfassen

R₅ + R₆ = 25 + 30 = 55 Ω

R₄ ∥ 55 = 6,984 Ω

R₃ + 6,984 = 18,98 Ω

R₂ ∥ 18,98 = 8,379 Ω

R_eq = R₁ + 8,379 = 10 + 8,379 = 18,38 Ω

Strom aus der Quelle

Die Quelle sieht nur R_eq, also liefert das ohmsche Gesetz den Strom, den sie abgibt. Dieser Strom fließt durch R₁.

I_R1 = V₁/R_eq = 18/18,38 = 0,9794 A

Strom durch R₂

Ziehe den Spannungsabfall an R₁ ab, um die Spannung an Knoten A zu erhalten, die an R₂ anliegt.

V_A = V₁ − I_R1·R₁ = 18 − 0,9794·10 = 8,206 V

I_R2 = V_A/R₂ = 8,206/15 = 0,5471 A

Antwort

I_R2 = 0,5471 A

3.Knotenpotenzialverfahren

Antwort: V_B = 21,71 V

Knotenpotenzialverfahren: Wähle einen Bezugsknoten, benenne die unbekannten Knotenpotenziale, stelle an jedem unbekannten Knoten die Kirchhoffsche Knotenregel mit dem ohmschen Gesetz (I = ΔV/R) auf und löse das entstehende Gleichungssystem.

Einen Superknoten bilden

Die Spannungsquelle zwischen A und B führt einen unbekannten Strom, daher kann die Knotenregel nicht getrennt an A oder B aufgestellt werden. Fasse A, B und die Quelle zu einem Superknoten zusammen: Der hineinfließende Strom ist gleich dem herausfließenden.

V_B = V_A + V_s = V_A + 8

V_A/R₁ + V_B/R₂ = I_s

Lösen

V_A/6 + (V_A + 8)/8 = 5

V_A = (5 − 8/8)/(1/6 + 1/8) = 13,71 V

V_B = 13,71 + 8 = 21,71 V

Antwort

V_B = 21,71 V

4.Knotenpotenzialverfahren

Antwort: I_R2 = −0,4559 A

Knoten festlegen

Masse ist der untere Leiter. Bekannte Knotenpotenziale ergeben sich direkt aus den Quellen (V₁ = 10 V, V₂ = 9 V). Unbekannt: V_A, V_B.

KCL am Knoten A

Die Ströme, die A über die Widerstände verlassen, sind gleich dem Strom, den die Quellen in A einspeisen.

V_A/R₃ + (V_A − V₁)/R₁ + (V_A − V_B)/R₂ = 0

V_A/12 + (V_A − 10)/2 + (V_A − V_B)/6 = 0

0,75·V_A − 0,1667·V_B = 5

KCL am Knoten B

Die Ströme, die B über die Widerstände verlassen, sind gleich dem Strom, den die Quellen in B einspeisen.

V_B/R₅ + (V_B − V_A)/R₂ + (V_B − V₂)/R₄ = I_s

V_B/3 + (V_B − V_A)/6 + (V_B − 9)/6 = 5

−0,1667·V_A + 0,6667·V_B = 6,5

Lösen

Δ = (0,75)(0,6667) − (−0,1667)(−0,1667) = 0,4722

V_A = Δ₁/Δ = 4,417/0,4722 = 9,353 V

V_B = Δ₂/Δ = 5,708/0,4722 = 12,09 V

Antwort

I_R2 = (V_A − V_B)/R₂ = (9,353 − 12,09)/6 = −0,4559 A

5.Maschenstromverfahren

Antwort: I_R2 = −0,8357 A

Maschenstromverfahren: Gib jedem Fenster einer ebenen Schaltung einen eigenen Umlaufstrom, stelle für jeden Umlauf die Kirchhoffsche Maschenregel auf (Summe der Abfälle = Summe der Quellenspannungen) und löse. Zweigströme sind der Maschenstrom oder die Differenz zweier Maschenströme in einem gemeinsamen Zweig.

Maschenströme festlegen

Zeichne in jedes Fenster einen Strom im Uhrzeigersinn: I₁, I₂. Ein Widerstand, den zwei Maschen teilen, führt die Differenz ihrer Ströme.

Maschenregel in Masche 1

Im Uhrzeigersinn umlaufend sind die Spannungsabfälle an den Widerständen gleich den Quellenspannungen (von − nach + in Umlaufrichtung).

R₁·I₁ + R₃(I₁ − I₂) = V₁

12·I₁ + 20(I₁ − I₂) = 15

32·I₁ − 20·I₂ = 15

Maschenregel in Masche 2

Im Uhrzeigersinn umlaufend sind die Spannungsabfälle an den Widerständen gleich den Quellenspannungen (von − nach + in Umlaufrichtung).

R₂·I₂ + R₃(I₂ − I₁) = −V₂

10·I₂ + 20(I₂ − I₁) = (−24)

−20·I₁ + 30·I₂ = −24

Lösen

Δ = (32)(30) − (−20)(−20) = 560

I₁ = Δ₁/Δ = −30/560 = −0,05357 A

I₂ = Δ₂/Δ = −468/560 = −0,8357 A

Antwort

I_R2 = I₂ = −0,8357 A

Ein negativer Maschenstrom fließt gegen den Uhrzeigersinn.

6.Maschenstromverfahren

Antwort: I_R3 = −0,1168 A

Maschenströme festlegen

Zeichne in jedes Fenster einen Strom im Uhrzeigersinn: I₁, I₂, I₃. Ein Widerstand, den zwei Maschen teilen, führt die Differenz ihrer Ströme.

Maschenregel in Masche 1

Im Uhrzeigersinn umlaufend sind die Spannungsabfälle an den Widerständen gleich den Quellenspannungen (von − nach + in Umlaufrichtung).

R₁·I₁ + R₄(I₁ − I₂) = V₁

5·I₁ + 3(I₁ − I₂) = 36

8·I₁ − 3·I₂ = 36

Maschenregel in Masche 2

Im Uhrzeigersinn umlaufend sind die Spannungsabfälle an den Widerständen gleich den Quellenspannungen (von − nach + in Umlaufrichtung).

R₂·I₂ + R₄(I₂ − I₁) + R₅(I₂ − I₃) = 0

20·I₂ + 3(I₂ − I₁) + 8(I₂ − I₃) = 0

−3·I₁ + 31·I₂ − 8·I₃ = 0

Maschenregel in Masche 3

Im Uhrzeigersinn umlaufend sind die Spannungsabfälle an den Widerständen gleich den Quellenspannungen (von − nach + in Umlaufrichtung).

R₃·I₃ + R₅(I₃ − I₂) = −V₂

6·I₃ + 8(I₃ − I₂) = (−5)

−8·I₂ + 14·I₃ = −5

Lösen

Δ = Determinante der Koeffizientenmatrix = 2834

I₁ = Δ₁/Δ = 13200/2834 = 4,658 A

I₂ = Δ₂/Δ = 1192/2834 = 0,4206 A

I₃ = Δ₃/Δ = −331/2834 = −0,1168 A

Antwort

I_R3 = I₃ = −0,1168 A

Ein negativer Maschenstrom fließt gegen den Uhrzeigersinn.

7.Überlagerungssatz

Antwort: I = 7,2 mA

Überlagerungssatz: In einer linearen Schaltung ist jede Spannung und jeder Strom die Summe der Wirkungen jeder unabhängigen Quelle für sich allein. Um eine Quelle abzuschalten, ersetzt man eine ideale Spannungsquelle durch einen Kurzschluss und eine ideale Stromquelle durch einen Leerlauf. Die Widerstände bleiben, wo sie sind.

Die Antwort als Summe von Anteilen schreiben

Jeder Anteil ist proportional zu seiner eigenen Quelle, mit einer Konstante, die nur von den Widerständen abhängt.

I = k₁·V_s + k₂·I_s

4·k₁ + 5·k₂ = 1,2

15·k₁ + 6·k₂ = 9,6

Nach den Konstanten auflösen

Δ = (4)(6) − (5)(15) = −51

k₁ = Δ₁/Δ = −40,8/−51 = 0,8

k₂ = Δ₂/Δ = 20,4/−51 = −0,4

k₁ = 0,8 mA/V, k₂ = −0,4

Den neuen Strom vorhersagen

I = 0,8·12 + (−0,4)·6 = 7,2 mA

Antwort

I = 7,2 mA

8.Überlagerungssatz

Antwort: V₂ = 5,667 V

Fall 1 · V₁ wirkt allein

V₂ wird zum Kurzschluss und Iₛ zum Leerlauf. Von A aus gesehen liegt R₃ parallel zur Reihenschaltung R₂+R₄.

R₃ ∥ (R₂+R₄) = 8 ∥ 13 = 4,952 Ω

V_A = 5·4,952/(15+4,952) = 1,241 V

V_B = V_A·R₄/(R₂+R₄) = 1,241·5/13 = 0,4773 V

Fall 2 · I_s wirkt allein

Beide Spannungsquellen werden zu Kurzschlüssen. Iₛ teilt sich in B zwischen R₄ (jetzt nach Masse) und R₂ in Reihe mit R₁ ∥ R₃ auf. Der Pfeil von Iₛ zeigt nach unten, von seinem Knoten weg, Iₛ zieht also Strom aus diesem Knoten ab: Sein Term geht mit Minuszeichen ein.

R₁ ∥ R₃ = 5,217 Ω, also ist der linke Pfad R₂+5,217 = 13,22 Ω

R_eq = R₄ ∥ 13,22 = 3,628 Ω

V_B = −I_s·R_eq = −2·3,628 = −7,255 V

V_A = V_B·5,217/13,22 = −2,864 V

Fall 3 · V₂ wirkt allein, pro Volt

V₁ wird zum Kurzschluss und Iₛ zum Leerlauf. R₁ ∥ R₃ hängt an A, in Reihe mit R₂ zurück nach B.

R₁ ∥ R₃ = 5,217 Ω

V_A‴ = V₂·5,217/(5 + 8 + 5,217) = 0,2864·V₂

V_A null setzen

Mit V_A = 0 liegt keine Spannung an R₃, sein Strom ist also null.

V_A′ + V_A″ + V_A‴ = 1,241 + (−2,864) + 0,2864·V₂ = 0

V₂ = 1,623/0,2864 = 5,667 V

Antwort

V₂ = 5,667 V

9.Thévenin und Norton

Antwort: V_th = 1,636 V

Satz von Thévenin: Jedes lineare Zweipolnetzwerk verhält sich wie eine einzige Spannungsquelle V_th in Reihe mit einem Widerstand R_th. Der Satz von Norton beschreibt dasselbe Netzwerk als Stromquelle I_N = V_th/R_th parallel zu R_th.

R_th bei abgeschalteten Quellen bestimmen

Ersetze Spannungsquellen durch Kurzschlüsse und Stromquellen durch Leerläufe und blicke dann von a–b in die Schaltung.

R₁ ∥ R₂ = 20·2/(20+2) = 1,818 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 1,818 + 4 = 5,818 Ω

V_th bestimmen, die Leerlaufspannung

Bei offenen Klemmen a–b fließt kein Strom durch R₃, also fällt daran keine Spannung ab und V_b = V_A. R₁ und R₂ bilden einen Spannungsteiler.

V_th = V₁·R₂/(R₁+R₂) = 18·2/(20+2) = 1,636 V

10.Thévenin und Norton

Antwort: V_th = 81,33 V

R_th bei abgeschalteten Quellen bestimmen

Ersetze Spannungsquellen durch Kurzschlüsse und Stromquellen durch Leerläufe und blicke dann von a–b in die Schaltung.

R₁ ∥ R₂ = 5·25/(5+25) = 4,167 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 4,167 + 8 = 12,17 Ω

V_th bestimmen, die Leerlaufspannung

Bei offenen Klemmen a–b fließt Iₛ nur über R₃ in Knoten A. Bestimme V_A durch Überlagerung von V₁ und Iₛ und addiere dann den Spannungsabfall an R₃.

V_A = V₁·R₂/(R₁+R₂) + I_s·(R₁∥R₂) = 8,333 + 6·4,167 = 33,33 V

V_th = V_B = V_A + I_s·R₃ = 33,33 + 6·8 = 81,33 V

11.Operationsverstärker

Antwort: R_f = 28 kΩ

Regeln für den idealen Operationsverstärker: Mit Gegenkopplung stellt der OPV seinen Ausgang so ein, dass beide Eingänge auf derselben Spannung liegen (V₋ = V₊), und in keinen Eingang fließt Strom. Die Knotenregel am invertierenden Eingang mit diesen beiden Tatsachen liefert den Ausgang.

Verstärkung eines nichtinvertierenden Verstärkers

V₋ = V₊ = V_in, und der Strom durch R₁ fließt auch durch R_f, also V_out = V_in·(1 + R_f/R₁).

A_v = 1 + R_f/R₁

R_f = (15 − 1)·2 = 28 kΩ

Antwort

R_f = 28 kΩ

12.Operationsverstärker

Antwort: V_out = 3,851 V

Eingangsströme

V₋ = 0, daher liegt an jedem Eingangswiderstand seine volle Eingangsspannung.

I₁ = V₁/R₁ = −2/4,7 = −0,4255 mA

I₂ = V₂/R₂ = 1,9/47 = 0,04043 mA

I_f = I₁ + I₂ = −0,3851 mA

Ausgangsspannung

V_out = −R_f·I_f = −10·(−0,3851) = 3,851 V

Antwort

V_out = 3,851 V

13.RC- und RL-Ausgleichsvorgänge

Antwort: v_R = 2,241 V

Ausgleichsvorgänge erster Ordnung: In einer Schaltung mit einem Kondensator oder einer Spule läuft jede Spannung und jeder Strom exponentiell vom Anfangswert zum Endwert: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ, mit τ = RC oder τ = L/R. Nach etwa 5τ ist die Schaltung eingeschwungen.

Zeitkonstante

τ = L/R = 100 mH / 47 Ω = 2,128 ms

Abklingen des Stroms

i(t) = 0,5·e^−5/2,128 = 0,04768 A

v_R = R·i = 47·0,04768 = 2,241 V

Antwort

v_R = 2,241 V

14.RC- und RL-Ausgleichsvorgänge

Antwort: R = 0,4961 kΩ

Erforderliche Zeitkonstante

5,4 = 9·(1 − e^−10/τ) → τ = 10/ln(9/(9 − 5,4))

τ = 10/0,9163 = 10,91 ms

Widerstand

kΩ mal µF ergibt Millisekunden.

R = τ/C = 10,91/22 = 0,4961 kΩ

Antwort

R = 0,4961 kΩ

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Grundlagen der Elektrotechnik 1: Lernpaket

1Formeln und Methoden

Reihen- und Parallelschaltung

Methode

Knotenpotenzialverfahren

Methode

Maschenstromverfahren

Methode

Überlagerungssatz

Methode

Thévenin und Norton

Methode

Operationsverstärker

RC- und RL-Ausgleichsvorgänge

Methode

2Übungsaufgaben

3Lösungen

Widerstände vom fernen Ende her zusammenfassen

Antwort

Widerstände vom fernen Ende her zusammenfassen

Strom aus der Quelle

Strom durch R₂

Antwort

Einen Superknoten bilden

Lösen

Antwort

Knoten festlegen

KCL am Knoten A

KCL am Knoten B

Lösen

Antwort

Maschenströme festlegen

Maschenregel in Masche 1

Maschenregel in Masche 2

Lösen

Antwort

Maschenströme festlegen

Maschenregel in Masche 1

Maschenregel in Masche 2

Maschenregel in Masche 3

Lösen

Antwort

Die Antwort als Summe von Anteilen schreiben

Nach den Konstanten auflösen

Den neuen Strom vorhersagen

Antwort

Fall 1 · V1 wirkt allein

Fall 2 · Is wirkt allein

Fall 3 · V2 wirkt allein, pro Volt

VA null setzen

Antwort

Rth bei abgeschalteten Quellen bestimmen

Vth bestimmen, die Leerlaufspannung

Rth bei abgeschalteten Quellen bestimmen

Vth bestimmen, die Leerlaufspannung

Verstärkung eines nichtinvertierenden Verstärkers

Antwort

Eingangsströme

Ausgangsspannung

Antwort

Zeitkonstante

Abklingen des Stroms

Antwort

Erforderliche Zeitkonstante

Widerstand

Antwort

Fall 1 · V₁ wirkt allein

Fall 2 · I_s wirkt allein

Fall 3 · V₂ wirkt allein, pro Volt

V_A null setzen

R_th bei abgeschalteten Quellen bestimmen

V_th bestimmen, die Leerlaufspannung

R_th bei abgeschalteten Quellen bestimmen

V_th bestimmen, die Leerlaufspannung