n Bit: 2ⁿ Zustände; Mod-N: kleinstes n mit 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Asynchronzähler
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- und Johnson-Zähler
n und 2n Zustände
Methode
Gehe bei einer Schaltung von den Eingängen zum Ausgang vor, ein Gatter nach dem anderen, und schreibe den Wert an jede Leitung, oder schreibe ihren Ausdruck auf und fülle die Wahrheitstabelle aus.
Trage zum Vereinfachen die Einsen (und die Don’t-Cares als X) in ein Karnaugh-Diagramm mit Zeilen und Spalten im Gray-Code ein: 00, 01, 11, 10.
Decke die Einsen mit möglichst wenigen und möglichst großen Gruppen aus 1, 2, 4, 8 oder 16 Feldern ab, auch über den Rand hinweg; jede Gruppe ist ein Produktterm aus den Variablen, die konstant bleiben. Fasse für die POS-Form die Nullen zusammen.
Lies bei Flipflops und Zählern die Eingänge an jeder aktiven Taktflanke ab, schreibe den Zustand nach jeder Flanke auf und denke daran, dass ein n-Bit-Zähler nach 2ⁿ Zuständen überläuft.
Zahlentheorie & modulare Arithmetik
Division mit Rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinstes gemeinsames Vielfaches
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineare Kongruenz
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulersche φ-Funktion
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Methode
Reduziere zuerst jede Zahl modulo n; die Reste liegen zwischen 0 und n − 1.
Teile für einen ggT wiederholt mit dem euklidischen Algorithmus; der letzte Rest ungleich null ist der ggT.
Führe für ein Inverses den erweiterten Algorithmus aus und behalte den Koeffizienten von a; addiere n, falls er negativ ist.
Löse a·x ≡ b, indem du mit a⁻¹ multiplizierst; kombiniere zwei Kongruenzen, indem du x = r₁ + m₁k schreibst.
Schreibe bei Potenzen den Exponenten binär und quadriere wiederholt; bei RSA gilt d = e⁻¹ mod φ(n) mit φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Graphentheorie
Handschlaglemma
Σ deg(v) = 2|E|
Vollständige Graphen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Regulärer Graph
|E| = n·k/2
Baum und Wald
|E| = n − 1, |E| = n − c
Blätter eines Baums
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
Kreis: alle Grade gerade; Weg: genau 2 ungerade Grade
Hamilton-Kreise in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-Aktualisierung
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wege der Länge L
(Mᴸ)ij
Methode
Schreibe den Grad jedes Knotens auf; die Grade summieren sich zum Doppelten der Kantenzahl.
Prüfe bei Euler-Aufgaben, ob der Graph zusammenhängend ist, und zähle die Knoten mit ungeradem Grad.
Verwende bei Bäumen n − 1 Kanten und das Handschlaglemma.
Führe bei Dijkstra eine Tabelle der vorläufigen Abstände und schließe in jeder Runde den kleinsten noch offenen Knoten ab.
Sortiere für einen minimalen aufspannenden Baum die Kanten nach Gewicht und überspringe jede Kante, die einen Kreis schließt (Kruskal), oder lass einen Baum von einem Startknoten aus wachsen (Prim).
IPv4-Subnetting
Hosts pro Subnetz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blockgröße
256 − (mask octet)
Netzadresse
IP AND Maske
Broadcast-Adresse
IP OR (NOT Maske): alle Host-Bits auf 1
Subnetze aus n geliehenen Bits
2n
2Übungsaufgaben
1.ZahlensystemeMittel
Das 8-Bit-Muster 0101 0110 speichert eine vorzeichenbehaftete Ganzzahl im Zweierkomplement. Welchen Wert N hat sie im Dezimalsystem?
0101 01108 bit
N =
2.ZahlensystemeSchwer
Setze die Bits auf das 8-Bit-Ergebnis von 0101 1101 >> 2. Welchen Wert R hat das Ergebnis dezimal?
0101 1101>> 2
R =
3.Aussagenlogik & BeweiseMittel
Welche Formel ist logisch äquivalent zu (r ∨ p) → q? Klicke sie an.
(r ∨ p) → q
1(r → q) ∨ (p → q)
2(r ∧ p) → q
3(r → q) ∧ (p → q)
4r ∨ (p → q)
4.Aussagenlogik & BeweiseSchwer
Welche Aussage ist äquivalent zu ¬∃x (F(x) ∧ G(x)), wenn die Negation ganz nach innen gezogen ist? Klicke sie an.
Bestimme mit dem Karnaugh-Diagramm das minimale Produkt von Summen (POS) von F(A, B, C) = Σm(2, 3, 4, 6, 7). Wie viele Summenterme (Faktoren) N hat es?
Ein 4-Bit-Schieberegister Q₃Q₂Q₁Q₀ enthält 1000. Bei jeder Taktflanke werden die Bits um eine Stelle nach rechts geschoben (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ geht verloren), und der serielle Eingang gelangt in Q₃. Der serielle Eingang ist 0, 1, 0, 1, 1, 1 an den 6 Flanken. Gib den Endzustand Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ als Dezimalzahl an.
Q₃Q₂Q₁Q₀ = 10000, 1, 0, 1, 1, 1
Q =
7.Zahlentheorie & modulare ArithmetikMittel
Löse 14x ≡ 8 (mod 17). Gib die Lösung x mit 0 < x < 17 an.
14x ≡ 8 (mod 17)
x =
8.Zahlentheorie & modulare ArithmetikSchwer
Bestimme 33182 mod 46 durch wiederholtes Quadrieren.
a = 33k = 182n = 46
33182 mod 46 =
9.Algorithmen & KomplexitätMittel
Die Rekurrenz T(n) = 2T(n/2) + O(n) hat die Lösung:
AO(n log n)
BO(n²)
CO(n)
DO(log n)
10.Algorithmen & KomplexitätSchwer
Warum kann der Dijkstra-Algorithmus falsche Ergebnisse liefern, wenn einige Kantengewichte negativ sind?
ANegative Zahlen können nicht in einer Prioritätswarteschlange gespeichert werden
BEr gerät bei jeder negativen Kante in eine Endlosschleife
CEin Knoten wird beim Entnehmen endgültig festgelegt, aber eine spätere negative Kante könnte ihm noch einen kürzeren Weg geben
DEr funktioniert nur auf ungerichteten Graphen
11.DatenstrukturenMittel
Wie findest du den kleinsten Schlüssel in einem binären Suchbaum?
ANur die Wurzel ansehen
BVon der Wurzel aus den rechten Kindern folgen, bis es kein rechtes Kind mehr gibt
CVon der Wurzel aus den linken Kindern folgen, bis es kein linkes Kind mehr gibt
DJedes Blatt besuchen und vergleichen
12.DatenstrukturenSchwer
Warum werden B-Bäume in Datenbanken und Dateisystemen verwendet?
ASie speichern Daten unsortiert
BSie benötigen keine Rebalancierung
CSie benötigen weniger Speicher als jedes Array, sodass der gesamte Index immer in den Hauptspeicher passt
DIhr hoher Verzweigungsgrad hält den Baum flach und reduziert langsame Festplattenzugriffe
13.GraphentheorieMittel
Ein zusammenhängender Graph hat 13 Knoten und 17 Kanten. Wie viele Kanten k müssen entfernt werden, damit ein aufspannender Baum übrig bleibt?
|V| = 13|E| = 17
k =
14.GraphentheorieSchwer
Der Prim-Algorithmus baut einen minimalen aufspannenden Baum auf, beginnend bei Knoten D. Klicke die Kante an, die er als Kante Nummer 4 hinzufügt.
Start: Dk = 4
1Kante AB
2Kante AC
3Kante BC
4Kante BD
5Kante CE
6Kante DE
7Kante BE
15.Datenbanken & SQLMittel
Die erste Normalform (1NF) verlangt, dass:
AJede Spalte atomare Werte enthält und es keine Wiederholungsgruppen gibt
BJede Tabelle genau eine Spalte hat
CJede Nichtschlüsselspalte hängt vom gesamten Schlüssel und von nichts als dem Schlüssel ab
DEs keine Fremdschlüssel gibt
16.Datenbanken & SQLSchwer
Was liefert ein FULL OUTER JOIN?
AAlle Zeilen aus beiden Tabellen, wo möglich zugeordnet und sonst mit NULL aufgefüllt
BNur übereinstimmende Zeilen
CNur nicht übereinstimmende Zeilen
DDas kartesische Produkt, bei dem jede Zeile der einen Tabelle mit jeder Zeile der anderen gepaart wird
17.RechnernetzeMittel
Welches Paritätsbit wird bei gerader Parität an die Datenbits 1011001 angehängt?
A2
B4
C0
D1
18.RechnernetzeSchwer
Hosts in VLAN 10 und VLAN 20 am selben Switch können nicht miteinander kommunizieren. Was wird benötigt?
AEin Hub, der mit beiden VLANs verbunden ist
BEin Router oder Layer-3-Switch, der zwischen den VLANs routet
CDieselbe MAC-Adresse auf beiden Hosts
DEin längeres Kabel zwischen den Hosts
19.IPv4-SubnettingMittel
Das Netz 192.168.68.0/24 wird in /28-Subnetze aufgeteilt, nummeriert mit 1, 2, 3, … ab der niedrigsten Adresse (Subnetz 1 beginnt bei .0). Wie lautet das vierte Oktett x der Netzadresse von Subnetz 7?
192.168.68.0/24/28Subnetz 7 (Subnetz 1 beginnt bei .0)
x =
20.IPv4-SubnettingSchwer
Ein Host hat die Adresse 10.20.159.95/30. Welches ist das vierte Oktett x seiner Netzadresse?
10.20.159.95/30
x =
3Lösungen
1.Zahlensysteme
Antwort: N = 86
Stellenwertsysteme: Jede Ziffer ist ihren Wert mal eine Potenz der Basis wert. Im Binärsystem sind die Stellen 1, 2, 4, 8, 16, … wert, im Hexadezimalsystem 1, 16, 256, …, wobei A–F für 10–15 stehen. Im 8-Bit-Zweierkomplement ist das linke Bit −128 statt +128 wert; so werden negative Zahlen gespeichert.
Stellenwerte addieren
Die übrigen Bits behalten ihre normalen positiven Werte.
64 + 16 + 4 + 2 = 86
Antwort
N = 86
2.Zahlensysteme
Antwort: R = 23
Bits setzen: Jedes Bit hat den Wert einer Zweierpotenz (128, 64, …, 1). Eine Hexadezimalziffer entspricht genau vier Bits, und im 8-Bit-Zweierkomplement hat das linke Bit den Wert −128. Bitweise Operationen wirken auf jede Bitposition einzeln.
Bit für Bit
Das Rechtsschieben um 2 verschiebt jedes Bit um 2 Stellen nach rechts; Bits, die am rechten Ende herausfallen, gehen verloren, und links kommen Nullen nach.
0101 1101 >> 2
= 0001 0111
Wert des Ergebnisses
0001 0111₂ = 23
Antwort
R = 23
3.Aussagenlogik & Beweise
Antwort: (r → q) ∧ (p → q)
Logische Äquivalenz: Zwei Formeln sind äquivalent (≡), wenn sie in jeder Zeile der Wahrheitstafel denselben Wert haben. Eine Tautologie ist in jeder Zeile 1, eine Kontradiktion in jeder Zeile 0, und eine Kontingenz ist keines von beiden. Nützliche Gesetze: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b und ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (Kontraposition); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; und die Distributivgesetze, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Das Gesetz
(a ∨ b) → c braucht c, sobald a oder b gilt: (a → c) ∧ (b → c).
(r ∨ p) → q ≡ (r → q) ∧ (p → q)
Mit der Wahrheitstafel prüfen
p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 0, r = 1: 0 | 0 0 0 1
p = 1, q = 0, r = 0: 0 | 1 1 0 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 0, r = 1: 0 | 1 1 0 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 | 1 1 1 1
Antwort
(r → q) ∧ (p → q)
Die Spalten nach dem Strich sind die Optionen in der angezeigten Reihenfolge.
4.Aussagenlogik & Beweise
Antwort: ∀x (F(x) → ¬G(x))
Quantoren und Argumente: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) und ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Ziehe eine Negation nach innen, vertausche jeden Quantor, den sie passiert, und negiere die innere Formel mit den aussagenlogischen Gesetzen, etwa ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Ein Argument ist gültig, wenn die Konklusion in jeder Zeile 1 ist, in der alle Prämissen 1 sind. Eine einzige Zeile mit wahren Prämissen und falscher Konklusion ist ein Gegenbeispiel und zeigt, dass das Argument ungültig ist.
Die Negation nach innen ziehen
¬∃x (F(x) ∧ G(x)) ≡ ∀x (F(x) → ¬G(x))
Antwort
∀x (F(x) → ¬G(x))
Die anderen Optionen lassen entweder einen Quantor unverändert, ändern die Reihenfolge der Quantoren oder negieren die innere Formel falsch.
Karnaugh-Diagramme: Die Felder sind im Gray-Code (00, 01, 11, 10) angeordnet, benachbarte Felder, auch die über den Rand hinweg, unterscheiden sich also in genau einer Variablen. Fasse die Einsen in Rechtecken aus 1, 2, 4, 8 oder 16 Feldern zusammen, so groß und so wenige wie möglich, bis jede 1 abgedeckt ist. Jede Gruppe ist ein Produktterm: die Variablen, die in ihr konstant bleiben. Eine Gruppe aus 2ᵏ Feldern verliert k Variablen. Don’t-Cares (X) dürfen genutzt werden, um Gruppen zu vergrößern, müssen aber nie abgedeckt werden. Fasst du stattdessen die Nullen zusammen, erhältst du die minimale POS-Form.
Die Nullen zusammenfassen
Jede Gruppe ist ein Rechteck aus 2ᵏ Feldern; Randfelder sind Nachbarn der Felder am gegenüberliegenden Rand.
Flipflops und Zähler: Ein Flipflop ändert sich nur bei der aktiven Taktflanke. D übernimmt seinen Eingang (Q⁺ = D); T kippt bei T = 1; JK hält bei 00, setzt bei 01 zurück, setzt bei 10 und kippt bei 11. Ein n-Bit-Binärzähler hat 2ⁿ Zustände und zählt modulo 2ⁿ; ein Mod-N-Zähler läuft 0, 1, …, N − 1 und wieder auf 0 und braucht die kleinste Anzahl n von Flipflops mit 2ⁿ ≥ N. Jede Stufe eines Asynchronzählers halbiert die Frequenz, daher läuft der letzte Ausgang eines Mod-N-Zählers mit fclk/N. Ein Johnson-Zähler aus n Flipflops hat 2n Zustände, ein Ringzähler n.
Zustand nach jeder Flanke
1000 → 0100 → 1010 → 0101 → 1010 → 1101 → 1110
Dezimalwert
1110₂ = 14
Antwort
Q = 14
7.Zahlentheorie & modulare Arithmetik
Antwort: x = 3
Inverse und Kongruenzen: a hat genau dann ein Inverses modulo n, wenn ggT(a, n) = 1. Der erweiterte euklidische Algorithmus schreibt 1 = s·n + t·a, und dann ist a⁻¹ ≡ t (mod n). Eine Kongruenz a·x ≡ b (mod n) mit ggT(a, n) = 1 hat die Lösung x ≡ a⁻¹·b. Zwei Kongruenzen x ≡ r₁ (mod m₁) und x ≡ r₂ (mod m₂) mit teilerfremden Moduln haben eine Lösung modulo m₁·m₂ (chinesischer Restsatz). Eulers φ(n) zählt die Zahlen von 1 bis n, die zu n teilerfremd sind: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Inverses von 14
r = 17, t = 0
r = 14, q = 1, t = 1
r = 3, q = 4, t = −1
r = 2, q = 1, t = 5
r = 1, q = 2, t = −6
14−1 ≡ 11 (mod 17)
Lösen
x ≡ 11·8 = 88 ≡ 3 (mod 17)
Probe: 14·3 = 42 ≡ 8 (mod 17)
Antwort
x = 3
8.Zahlentheorie & modulare Arithmetik
Antwort: 33182 mod 46 = 29
Modulare Potenzen und RSA: Berechne aᵏ mod n durch wiederholtes Quadrieren: Schreibe k binär, quadriere, reduziere nach jedem Schritt und multipliziere die Potenzen, deren Bit 1 ist. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) für eine Primzahl p, die a nicht teilt, der Exponent lässt sich also modulo p − 1 reduzieren. RSA: Wähle Primzahlen p und q, n = p·q und φ(n) = (p − 1)(q − 1); der öffentliche Exponent e ist teilerfremd zu φ(n), und der private Exponent ist d = e⁻¹ mod φ(n). Verschlüssele mit c = mᵉ mod n und entschlüssele mit m = cᵈ mod n.
Binärer Exponent
182 = 101101102 = 128 + 32 + 16 + 4 + 2
Wiederholtes Quadrieren
331 ≡ 33 (mod 46)
332 ≡ 31 (mod 46)
334 ≡ 41 (mod 46)
338 ≡ 25 (mod 46)
3316 ≡ 27 (mod 46)
3332 ≡ 39 (mod 46)
3364 ≡ 3 (mod 46)
33128 ≡ 9 (mod 46)
Die nötigen Potenzen multiplizieren
33182 ≡ 31·41·27·39·9 ≡ 29 (mod 46)
Antwort
33182 mod 46 = 29
9.Algorithmen & Komplexität
Antwort: A · O(n log n)
Warum das die Antwort ist
Nach dem Master-Theorem (a = 2, b = 2, f(n) = n) gilt T(n) = Θ(n log n).
Antwort
A · O(n log n)
10.Algorithmen & Komplexität
Antwort: C · Ein Knoten wird beim Entnehmen endgültig festgelegt, aber eine spätere negative Kante könnte ihm noch einen kürzeren Weg geben
Warum das die Antwort ist
Der Greedy-Schritt beruht auf nichtnegativen Gewichten, damit entnommene Distanzen endgültig sind; bei möglicherweise negativen Gewichten verwendet man Bellman-Ford.
Antwort
C · Ein Knoten wird beim Entnehmen endgültig festgelegt, aber eine spätere negative Kante könnte ihm noch einen kürzeren Weg geben
11.Datenstrukturen
Antwort: C · Von der Wurzel aus den linken Kindern folgen, bis es kein linkes Kind mehr gibt
Warum das die Antwort ist
Zum linkesten Knoten gibt es keinen kleineren Schlüssel im Baum, also ist er das Minimum; die Kosten sind proportional zur Höhe.
Antwort
C · Von der Wurzel aus den linken Kindern folgen, bis es kein linkes Kind mehr gibt
12.Datenstrukturen
Antwort: D · Ihr hoher Verzweigungsgrad hält den Baum flach und reduziert langsame Festplattenzugriffe
Warum das die Antwort ist
B-Bäume speichern viele Schlüssel pro Knoten, daher ist die Höhe gering und pro Suche sind nur wenige Blockzugriffe nötig; B+-Bäume verketten zusätzlich die Blätter für Bereichsabfragen.
Antwort
D · Ihr hoher Verzweigungsgrad hält den Baum flach und reduziert langsame Festplattenzugriffe
13.Graphentheorie
Antwort: k = 5
Euler, Hamilton und Bäume: Ein zusammenhängender Graph hat einen Euler-Kreis (jede Kante einmal, zurück zum Start), wenn jeder Knoten geraden Grad hat, und einen Euler-Weg, der kein Kreis ist, wenn genau zwei Knoten ungeraden Grad haben; der Weg verläuft dann von einem ungeraden Knoten zum anderen. Ein Hamilton-Kreis besucht jeden Knoten einmal; Kn hat (n − 1)!/2 davon. Ein Baum mit n Knoten hat n − 1 Kanten, und ein zusammenhängender Graph mit m Kanten behält einen aufspannenden Baum, wenn man m − n + 1 Kanten entfernt.
Kanten eines aufspannenden Baums
13 − 1 = 12
Zu entfernende Kanten
k = 17 − 12 = 5
Antwort
k = 5
14.Graphentheorie
Antwort: Kante CE
Kürzeste Wege und aufspannende Bäume: Der Dijkstra-Algorithmus schließt in jeder Runde einen Knoten ab: den offenen Knoten mit dem kleinsten vorläufigen Abstand. Sein Abstand ist dann endgültig, und jeder Nachbar v erhält d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Der Kruskal-Algorithmus baut einen minimalen aufspannenden Baum auf, indem er die Kanten von leicht nach schwer nimmt und jede Kante überspringt, die einen Kreis schließen würde; der Prim-Algorithmus lässt einen Baum von einem Startknoten aus wachsen, indem er immer die leichteste Kante hinzufügt, die aus ihm herausführt. Ein aufspannender Baum mit n Knoten hat n − 1 Kanten.
Prim-Algorithmus
1. DE (5)
2. BD (7)
3. AB (6)
4. CE (8)
Kantennummer 4
CE
Antwort
Kante CE
15.Datenbanken & SQL
Antwort: A · Jede Spalte atomare Werte enthält und es keine Wiederholungsgruppen gibt
Warum das die Antwort ist
1NF verlangt atomare Werte pro Zelle und eine eindeutige Identifizierung der Zeilen, ohne Wiederholungsgruppen.
Antwort
A · Jede Spalte atomare Werte enthält und es keine Wiederholungsgruppen gibt
16.Datenbanken & SQL
Antwort: A · Alle Zeilen aus beiden Tabellen, wo möglich zugeordnet und sonst mit NULL aufgefüllt
Warum das die Antwort ist
Ein Full Outer Join behält jede Zeile beider Tabellen, ordnet Übereinstimmungen einander zu und füllt die fehlende Seite mit NULLs.
Antwort
A · Alle Zeilen aus beiden Tabellen, wo möglich zugeordnet und sonst mit NULL aufgefüllt
17.Rechnernetze
Antwort: C · 0
Warum das die Antwort ist
1011001 enthält vier 1-Bits, bereits eine gerade Zahl, also ist das Paritätsbit 0. Bei ungerader Parität wäre es 1.
Antwort
C · 0
18.Rechnernetze
Antwort: B · Ein Router oder Layer-3-Switch, der zwischen den VLANs routet
Warum das die Antwort ist
VLANs sind auf Schicht 2 voneinander isoliert, daher muss Verkehr zwischen ihnen geroutet werden, etwa durch einen Router an einem Trunk („Router on a Stick“) oder einen Layer-3-Switch.
Antwort
B · Ein Router oder Layer-3-Switch, der zwischen den VLANs routet
19.IPv4-Subnetting
Antwort: x = 96
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Blockgröße
24 = 16
Subnetz Nummer 7
Netz: (7 − 1)·16 = 96
Broadcast: 96 + 16 − 1 = 111
Antwort
x = 96
20.IPv4-Subnetting
Antwort: x = 92
IPv4-Subnetting: Eine Adresse hat 32 Bits. Das Präfix /p gibt an, wie viele führende Bits das Netz bezeichnen; die übrigen 32 − p Bits nummerieren die Hosts. Ein Subnetz hat 2³²⁻ᵖ Adressen, aber die erste (Netzadresse) und die letzte (Broadcast-Adresse) können keinem Host gegeben werden, also passen 2³²⁻ᵖ − 2 Hosts hinein. Ausnahmen: Ein /31 (Punkt-zu-Punkt-Verbindung, RFC 3021) nutzt beide seiner 2 Adressen für Hosts, und ein /32 ist eine einzelne Adresse (ein einzelner Host oder ein Loopback).