Grundlagen der Informatik: Lernpaket

Formelsammlungen, die wichtigsten Lösungsschritte zu jedem Thema und 20 Übungsaufgaben, mit vollständigen Lösungen am Ende.

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1Formeln und Methoden

Zahlensysteme

Stellenwerte
binär 2k, oktal 8k, hex 16k
Ins Dezimalsystem
Σ dk·bk
Aus dem Dezimalsystem
durch die Basis teilen, die Reste von unten nach oben lesen
Hex ↔ binär
eine Hex-Ziffer = 4 Bits
Zweierkomplement
die Bits invertieren und 1 addieren

Aussagenlogik & Beweise

Zeilen einer Wahrheitstafel
2ⁿ
Implikation
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negierte Implikation
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Äquivalenz (Bikonditional)
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributivgesetze
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negierte Quantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, Modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Zähle die verschiedenen Variablen: Die Wahrheitstafel hat 2ⁿ Zeilen und beginnt mit lauter Einsen.
  2. Gib jeder Teilformel eine eigene Spalte und fülle die Spalten von innen nach außen.
  3. Wende die Regel jedes Junktors an: → ist nur bei 1 → 0 gleich 0, ↔ ist 1, wenn beide Seiten übereinstimmen.
  4. Vergleiche bei Äquivalenzen die letzten Spalten Zeile für Zeile; schau bei einem Argument nur auf die Zeilen, in denen alle Prämissen 1 sind.
  5. Um eine quantifizierte Aussage zu negieren, ziehe ¬ nach innen, vertausche ∀ und ∃ und negiere die innere Formel.

Digitaltechnik: Gatter, Karnaugh-Diagramme & Flipflops

Grundgatter
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boolesche Regeln
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Reihenfolge im Karnaugh-Diagramm
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Gruppe aus 2ᵏ Feldern
verliert k Variablen
4-zu-1-Multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flipflops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Zähler
n Bit: 2ⁿ Zustände; Mod-N: kleinstes n mit 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Asynchronzähler
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- und Johnson-Zähler
n und 2n Zustände

Methode

  1. Gehe bei einer Schaltung von den Eingängen zum Ausgang vor, ein Gatter nach dem anderen, und schreibe den Wert an jede Leitung, oder schreibe ihren Ausdruck auf und fülle die Wahrheitstabelle aus.
  2. Trage zum Vereinfachen die Einsen (und die Don’t-Cares als X) in ein Karnaugh-Diagramm mit Zeilen und Spalten im Gray-Code ein: 00, 01, 11, 10.
  3. Decke die Einsen mit möglichst wenigen und möglichst großen Gruppen aus 1, 2, 4, 8 oder 16 Feldern ab, auch über den Rand hinweg; jede Gruppe ist ein Produktterm aus den Variablen, die konstant bleiben. Fasse für die POS-Form die Nullen zusammen.
  4. Lies bei Flipflops und Zählern die Eingänge an jeder aktiven Taktflanke ab, schreibe den Zustand nach jeder Flanke auf und denke daran, dass ein n-Bit-Zähler nach 2ⁿ Zuständen überläuft.

Zahlentheorie & modulare Arithmetik

Division mit Rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinstes gemeinsames Vielfaches
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineare Kongruenz
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulersche φ-Funktion
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduziere zuerst jede Zahl modulo n; die Reste liegen zwischen 0 und n − 1.
  2. Teile für einen ggT wiederholt mit dem euklidischen Algorithmus; der letzte Rest ungleich null ist der ggT.
  3. Führe für ein Inverses den erweiterten Algorithmus aus und behalte den Koeffizienten von a; addiere n, falls er negativ ist.
  4. Löse a·x ≡ b, indem du mit a⁻¹ multiplizierst; kombiniere zwei Kongruenzen, indem du x = r₁ + m₁k schreibst.
  5. Schreibe bei Potenzen den Exponenten binär und quadriere wiederholt; bei RSA gilt d = e⁻¹ mod φ(n) mit φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Graphentheorie

Handschlaglemma
Σ deg(v) = 2|E|
Vollständige Graphen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Regulärer Graph
|E| = n·k/2
Baum und Wald
|E| = n − 1, |E| = n − c
Blätter eines Baums
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
Kreis: alle Grade gerade; Weg: genau 2 ungerade Grade
Hamilton-Kreise in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-Aktualisierung
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wege der Länge L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schreibe den Grad jedes Knotens auf; die Grade summieren sich zum Doppelten der Kantenzahl.
  2. Prüfe bei Euler-Aufgaben, ob der Graph zusammenhängend ist, und zähle die Knoten mit ungeradem Grad.
  3. Verwende bei Bäumen n − 1 Kanten und das Handschlaglemma.
  4. Führe bei Dijkstra eine Tabelle der vorläufigen Abstände und schließe in jeder Runde den kleinsten noch offenen Knoten ab.
  5. Sortiere für einen minimalen aufspannenden Baum die Kanten nach Gewicht und überspringe jede Kante, die einen Kreis schließt (Kruskal), oder lass einen Baum von einem Startknoten aus wachsen (Prim).

IPv4-Subnetting

Hosts pro Subnetz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blockgröße
256 − (mask octet)
Netzadresse
IP AND Maske
Broadcast-Adresse
IP OR (NOT Maske): alle Host-Bits auf 1
Subnetze aus n geliehenen Bits
2n

2Übungsaufgaben

1.ZahlensystemeMittel
Stellenwerte im Zweierkomplement1−12816403201608041211

Das 8-Bit-Muster 1100 0011 speichert eine vorzeichenbehaftete Ganzzahl im Zweierkomplement. Welchen Wert N hat sie im Dezimalsystem?

1100 00118 bit
N =
2.ZahlensystemeSchwer
Klicke auf die Bits, um sie zu setzen012806403201608040201

Setze die Bits auf das 8-Bit-Ergebnis von 1011 0011 XOR 1011 1110. Welchen Wert R hat das Ergebnis dezimal?

1011 0011XOR1011 1110
R =
3.Aussagenlogik & BeweiseMittel
TautologieKontradiktionKontingenz

Ist ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) eine Tautologie, eine Kontradiktion oder eine Kontingenz? Klicke deine Antwort an.

((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a)
  1. 1Tautologie
  2. 2Kontradiktion
  3. 3Kontingenz
4.Aussagenlogik & BeweiseSchwer
pqrq → (r ∨ p)qr111110101100011010001000

Das Argument mit den Prämissen q → (r ∨ p); q und der Konklusion r ist ungültig. Klicke die Zeile der Wahrheitstafel an, die ein Gegenbeispiel ist.

q → (r ∨ p)q∴ r
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Digitaltechnik: Gatter, Karnaugh-Diagramme & FlipflopsMittel
MUXCI0​C′I1​1I2​0I3​ABS1​S0​F

Ein 4-zu-1-Multiplexer hat die Auswahleingänge S₁ = A und S₀ = B, und seine Dateneingänge liegen auf I₀ = C, I₁ = C′, I₂ = 1, I₃ = 0. Für wie viele der 8 Kombinationen von A, B und C ist der Ausgang F = 1? Bestimme N.

I₀ = CI₁ = C′I₂ = 1I₃ = 0
N =
6.Digitaltechnik: Gatter, Karnaugh-Diagramme & FlipflopsSchwer
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​CLKMOD-6

Ein synchroner Mod-6-Zähler zählt 0, 1, …, 5 und kehrt dann auf 0 zurück. Er startet bei 1. Welchen Zählerstand Q (dezimal) zeigt er nach 15 Taktimpulsen?

Q0 = 115N = 6
Q =
7.Zahlentheorie & modulare ArithmetikMittel

Bestimme das Inverse von 27 modulo 61: die Zahl x mit 0 < x < 61 und 27·x ≡ 1 (mod 61).

a = 27n = 61
27−1 mod 61 =
8.Zahlentheorie & modulare ArithmetikSchwer

41 ist eine Primzahl. Bestimme 302097 mod 41 mit dem kleinen Satz von Fermat.

p = 41k = 2097
302097 mod 41 =
9.Algorithmen & KomplexitätMittel

Welche Greedy-Regel liefert beim Aktivitätsauswahlproblem immer eine maximale Anzahl sich nicht überschneidender Aktivitäten?

  1. ADie Aktivität wählen, die am frühesten beginnt
  2. BZuerst die Aktivität mit den wenigsten Überschneidungen wählen, dann mit den verträglichen wiederholen
  3. CDie Aktivität wählen, die am frühesten endet, dann mit den verträglichen wiederholen
  4. DZuerst die kürzeste Aktivität wählen
10.Algorithmen & KomplexitätSchwer

Was musst du tun, um zu zeigen, dass ein neues Problem X NP-schwer ist?

  1. AZeigen, dass X in polynomieller Zeit überprüft werden kann
  2. BEin bekanntes NP-schweres Problem in polynomieller Zeit auf X reduzieren
  3. CZeigen, dass X für kleine Eingaben keinen polynomiellen Algorithmus hat
  4. DX in polynomieller Zeit auf ein bekanntes NP-schweres Problem reduzieren
11.DatenstrukturenMittel

Wie wird ein neues Element in einen binären Heap eingefügt?

  1. AAn der sortierten Position einfügen, indem alle größeren Elemente um eine Stelle nach rechts verschoben werden
  2. BAns Ende des Arrays setzen und nach oben wandern lassen (sift-up), solange es die Heap-Eigenschaft verletzt
  3. CDen ganzen Heap von Grund auf neu aufbauen
  4. DIn die Wurzel setzen und nach unten wandern lassen
12.DatenstrukturenSchwer

Wie kannst du mit O(1) zusätzlichem Speicher erkennen, ob eine einfach verkettete Liste einen Zyklus enthält?

  1. AJeden besuchten Knoten in einem Hash-Set speichern
  2. BDie Liste sortieren und nach Duplikaten suchen
  3. CDie Knoten zählen, bis die Zahl das Längenfeld der Liste übersteigt
  4. DEinen Zeiger um einen Schritt und einen anderen um zwei Schritte bewegen und prüfen, ob sie sich treffen
13.GraphentheorieMittel
ABCDEEuler-KreisEuler-Weg, kein Kreiskeines von beiden

Hat der zusammenhängende Graph einen Euler-Kreis, einen Euler-Weg, der kein Kreis ist, oder keines von beiden? Klicke deine Antwort an.

|V| = 5|E| = 7
  1. 1Euler-Kreis
  2. 2Euler-Weg, kein Kreis
  3. 3keines von beiden
14.GraphentheorieSchwer
ABCDE

Wie viele Wege der Länge 2 führen von E nach A? Ein Weg darf Knoten und Kanten wiederholen. Nenne die Zahl N.

M = AdjazenzmatrixL = 2
N =
15.Datenbanken & SQLMittel

Die dritte Normalform (3NF) beseitigt:

  1. AAtomare Werte
  2. BTransitive Abhängigkeiten zwischen Nichtschlüsselattributen
  3. CRedundante Indizes auf Spalten, die nicht Teil eines Schlüssels sind
  4. DZusammengesetzte Schlüssel
16.Datenbanken & SQLSchwer

Wie können Lesende bei Multiversion Concurrency Control (MVCC) vermeiden, Schreibende zu blockieren?

  1. ALesende lesen nicht festgeschriebene Daten direkt
  2. BSchreiben ist nicht erlaubt, solange ein Lesender aktiv ist
  3. CLesende sehen einen konsistenten Snapshot festgeschriebener Zeilenversionen, während Schreibende neue Versionen anlegen
  4. DLesende warten immer, bis alle Schreibenden festgeschrieben haben
17.RechnernetzeMittel

Welches einzelne Präfix fasst 192.168.0.0/24 und 192.168.1.0/24 zusammen?

  1. A192.168.0.0/22
  2. B192.168.0.0/23
  3. C192.168.0.0/25
  4. D192.168.1.0/23
18.RechnernetzeSchwer

DNS-Anfragen nutzen normalerweise UDP. Wann verwendet DNS typischerweise stattdessen TCP?

  1. ANur wenn der Domainname länger als zehn Zeichen ist
  2. BFür Antworten, die zu groß für UDP sind, und für Zonentransfers
  3. CNur für Rückwärtsauflösungen von IP-Adressen
  4. DFür jede Anfrage aus einem Webbrowser
19.IPv4-SubnettingMittel
/?11111111111111111111100000000000NetzbitsHostbits

Eine Abteilung braucht 1457 Hostadressen in einem einzigen Subnetz. Welche ist die längste Präfixlänge p (kleinstes Subnetz), die groß genug ist?

1457 hosts
p =
20.IPv4-SubnettingSchwer

Das Netz 192.168.222.0/24 wird mit VLSM für diese LANs aufgeteilt: A: 25 Hosts, B: 12 Hosts, C: 46 Hosts, D: 34 Hosts. Die Subnetze werden ab .0 aufwärts vergeben, das LAN mit den meisten Hosts zuerst, jedes mit dem kleinsten passenden Subnetz. Wie lautet das vierte Oktett x der Netzadresse von LAN A?

A: 25B: 12C: 46D: 34
x =

3Lösungen

1.Zahlensysteme

Antwort: N = −61

Stellenwertsysteme: Jede Ziffer ist ihren Wert mal eine Potenz der Basis wert. Im Binärsystem sind die Stellen 1, 2, 4, 8, 16, … wert, im Hexadezimalsystem 1, 16, 256, …, wobei A–F für 10–15 stehen. Im 8-Bit-Zweierkomplement ist das linke Bit −128 statt +128 wert; so werden negative Zahlen gespeichert.

Stellenwerte addieren

Die übrigen Bits behalten ihre normalen positiven Werte.

−128 + 64 + 2 + 1 = −61

Antwort

N = −61
2.Zahlensysteme

Antwort: R = 13

Bits setzen: Jedes Bit hat den Wert einer Zweierpotenz (128, 64, …, 1). Eine Hexadezimalziffer entspricht genau vier Bits, und im 8-Bit-Zweierkomplement hat das linke Bit den Wert −128. Bitweise Operationen wirken auf jede Bitposition einzeln.

Bit für Bit

XOR ergibt 1, wo sich die beiden Bits unterscheiden.

1011 0011
XOR 1011 1110
= 0000 1101

Wert des Ergebnisses

0000 1101₂ = 13

Antwort

R = 13
3.Aussagenlogik & Beweise

Antwort: Kontingenz

Logische Äquivalenz: Zwei Formeln sind äquivalent (≡), wenn sie in jeder Zeile der Wahrheitstafel denselben Wert haben. Eine Tautologie ist in jeder Zeile 1, eine Kontradiktion in jeder Zeile 0, und eine Kontingenz ist keines von beiden. Nützliche Gesetze: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b und ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (Kontraposition); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; und die Distributivgesetze, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Wahrheitstafel Zeile für Zeile

a = 1, b = 1, c = 1: c → b = 1, c → a = 1, (c → b) ∧ (c → a) = 1, b → a = 1, ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) = 1
a = 1, b = 1, c = 0: c → b = 1, c → a = 1, (c → b) ∧ (c → a) = 1, b → a = 1, ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) = 1
a = 1, b = 0, c = 1: c → b = 0, c → a = 1, (c → b) ∧ (c → a) = 0, b → a = 1, ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) = 1
a = 1, b = 0, c = 0: c → b = 1, c → a = 1, (c → b) ∧ (c → a) = 1, b → a = 1, ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) = 1
a = 0, b = 1, c = 1: c → b = 1, c → a = 0, (c → b) ∧ (c → a) = 0, b → a = 0, ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) = 1
a = 0, b = 1, c = 0: c → b = 1, c → a = 1, (c → b) ∧ (c → a) = 1, b → a = 0, ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) = 0
a = 0, b = 0, c = 1: c → b = 0, c → a = 0, (c → b) ∧ (c → a) = 0, b → a = 1, ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) = 1
a = 0, b = 0, c = 0: c → b = 1, c → a = 1, (c → b) ∧ (c → a) = 1, b → a = 1, ((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a) = 1

Einordnen

((c → b) ∧ (c → a)) → (b → a): 1, 1, 1, 1, 1, 0, 1, 1
1 in 7 der 8 Zeilen, 0 in den anderen: eine Kontingenz.

Antwort

Kontingenz
4.Aussagenlogik & Beweise

Antwort: p = 1, q = 1, r = 0

Quantoren und Argumente: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) und ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Ziehe eine Negation nach innen, vertausche jeden Quantor, den sie passiert, und negiere die innere Formel mit den aussagenlogischen Gesetzen, etwa ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Ein Argument ist gültig, wenn die Konklusion in jeder Zeile 1 ist, in der alle Prämissen 1 sind. Eine einzige Zeile mit wahren Prämissen und falscher Konklusion ist ein Gegenbeispiel und zeigt, dass das Argument ungültig ist.

Prämissen und Konklusion Zeile für Zeile

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 1, q = 0, r = 0: 1 0 | 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 0 | 0

Gegenbeispiel

p = 1, q = 1, r = 0

Antwort

p = 1, q = 1, r = 0

Ein Argument dieser Form sieht aus wie eine gültige Regel, aber eine Zeile genügt, um zu zeigen, dass sie es nicht ist.

5.Digitaltechnik: Gatter, Karnaugh-Diagramme & Flipflops

Antwort: N = 4

Multiplexer: Ein 2ⁿ-zu-1-Multiplexer schaltet einen seiner Dateneingänge auf den Ausgang durch; die als Binärzahl gelesenen Auswahlleitungen bestimmen, welchen. Bei einem 4-zu-1-MUX mit den Auswahleingängen S₁S₀ = AB gilt F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Legt man die Dateneingänge auf 0, 1, C oder C′, erzeugt der MUX jede Funktion von A, B und C, was ein gängiger Weg ist, Logik mit einem Baustein aufzubauen.

Ausgangsausdruck

F = A′B′C + A′BC′ + AB′

Zeilen mit F = 1

ABC = 001, 010, 100, 101
N = 4

Antwort

N = 4
6.Digitaltechnik: Gatter, Karnaugh-Diagramme & Flipflops

Antwort: Q = 4

Flipflops und Zähler: Ein Flipflop ändert sich nur bei der aktiven Taktflanke. D übernimmt seinen Eingang (Q⁺ = D); T kippt bei T = 1; JK hält bei 00, setzt bei 01 zurück, setzt bei 10 und kippt bei 11. Ein n-Bit-Binärzähler hat 2ⁿ Zustände und zählt modulo 2ⁿ; ein Mod-N-Zähler läuft 0, 1, …, N − 1 und wieder auf 0 und braucht die kleinste Anzahl n von Flipflops mit 2ⁿ ≥ N. Jede Stufe eines Asynchronzählers halbiert die Frequenz, daher läuft der letzte Ausgang eines Mod-N-Zählers mit fclk/N. Ein Johnson-Zähler aus n Flipflops hat 2n Zustände, ein Ringzähler n.

Volle Zyklen

Alle 6 Impulse bringen den Zähler in denselben Zustand zurück.

15 = 2·6 + 3

Zählerstand nach den restlichen Impulsen

Q = (1 + 3) mod 6 = 4
Q = 100₂

Antwort

Q = 4
7.Zahlentheorie & modulare Arithmetik

Antwort: 27−1 mod 61 = 52

Inverse und Kongruenzen: a hat genau dann ein Inverses modulo n, wenn ggT(a, n) = 1. Der erweiterte euklidische Algorithmus schreibt 1 = s·n + t·a, und dann ist a⁻¹ ≡ t (mod n). Eine Kongruenz a·x ≡ b (mod n) mit ggT(a, n) = 1 hat die Lösung x ≡ a⁻¹·b. Zwei Kongruenzen x ≡ r₁ (mod m₁) und x ≡ r₂ (mod m₂) mit teilerfremden Moduln haben eine Lösung modulo m₁·m₂ (chinesischer Restsatz). Eulers φ(n) zählt die Zahlen von 1 bis n, die zu n teilerfremd sind: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Erweiterter euklidischer Algorithmus

Jeder Rest r wird als r ≡ t·27 (mod 61) geschrieben.

r = 61, t = 0
r = 27, q = 2, t = 1
r = 7, q = 3, t = −2
r = 6, q = 1, t = 7
r = 1, q = 6, t = −9

Inverse

1 ≡ −9·27 (mod 61)
x = 52
Probe: 27·52 = 1404 = 23·61 + 1

Antwort

27−1 mod 61 = 52
8.Zahlentheorie & modulare Arithmetik

Antwort: 302097 mod 41 = 13

Modulare Potenzen und RSA: Berechne aᵏ mod n durch wiederholtes Quadrieren: Schreibe k binär, quadriere, reduziere nach jedem Schritt und multipliziere die Potenzen, deren Bit 1 ist. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) für eine Primzahl p, die a nicht teilt, der Exponent lässt sich also modulo p − 1 reduzieren. RSA: Wähle Primzahlen p und q, n = p·q und φ(n) = (p − 1)(q − 1); der öffentliche Exponent e ist teilerfremd zu φ(n), und der private Exponent ist d = e⁻¹ mod φ(n). Verschlüssele mit c = mᵉ mod n und entschlüssele mit m = cᵈ mod n.

Den Exponenten reduzieren

2097 mod 40 = 17
302097 ≡ 3017 (mod 41)

Kleine Potenz

3017 mod 41 = 13

Antwort

302097 mod 41 = 13
9.Algorithmen & Komplexität

Antwort: C · Die Aktivität wählen, die am frühesten endet, dann mit den verträglichen wiederholen

Warum das die Antwort ist

Dass die Wahl des frühesten Endzeitpunkts optimal ist, lässt sich mit einem Austauschargument beweisen; für die anderen Regeln gibt es Gegenbeispiele.

Antwort

C · Die Aktivität wählen, die am frühesten endet, dann mit den verträglichen wiederholen
10.Algorithmen & Komplexität

Antwort: B · Ein bekanntes NP-schweres Problem in polynomieller Zeit auf X reduzieren

Warum das die Antwort ist

Lässt sich ein bekanntes schweres Problem effizient in X umformen, würde ein schneller Algorithmus für X auch das bekannte Problem lösen.

Antwort

B · Ein bekanntes NP-schweres Problem in polynomieller Zeit auf X reduzieren
11.Datenstrukturen

Antwort: B · Ans Ende des Arrays setzen und nach oben wandern lassen (sift-up), solange es die Heap-Eigenschaft verletzt

Warum das die Antwort ist

Das Hinzufügen am Ende hält den Baum vollständig; das Vertauschen mit dem Elternknoten stellt die Ordnung in O(log n) Schritten wieder her.

Antwort

B · Ans Ende des Arrays setzen und nach oben wandern lassen (sift-up), solange es die Heap-Eigenschaft verletzt
12.Datenstrukturen

Antwort: D · Einen Zeiger um einen Schritt und einen anderen um zwei Schritte bewegen und prüfen, ob sie sich treffen

Warum das die Antwort ist

Bei Floyds Algorithmus holt der schnelle Zeiger den langsamen irgendwann ein, wenn es einen Zyklus gibt; andernfalls erreicht der schnelle Zeiger null.

Antwort

D · Einen Zeiger um einen Schritt und einen anderen um zwei Schritte bewegen und prüfen, ob sie sich treffen
13.Graphentheorie

Antwort: Euler-Weg, kein Kreis

Euler, Hamilton und Bäume: Ein zusammenhängender Graph hat einen Euler-Kreis (jede Kante einmal, zurück zum Start), wenn jeder Knoten geraden Grad hat, und einen Euler-Weg, der kein Kreis ist, wenn genau zwei Knoten ungeraden Grad haben; der Weg verläuft dann von einem ungeraden Knoten zum anderen. Ein Hamilton-Kreis besucht jeden Knoten einmal; Kn hat (n − 1)!/2 davon. Ein Baum mit n Knoten hat n − 1 Kanten, und ein zusammenhängender Graph mit m Kanten behält einen aufspannenden Baum, wenn man m − n + 1 Kanten entfernt.

Grade

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 3, deg(D) = 2, deg(E) = 3

Ungerade Knoten

C, E → 2
Euler-Weg, kein Kreis

Antwort

Euler-Weg, kein Kreis

Der Euler-Weg beginnt an einem ungeraden Knoten und endet am anderen.

14.Graphentheorie

Antwort: N = 1

Grade: Der Grad eines Knotens ist die Anzahl der Kanten, die an ihm enden. Jede Kante hat zwei Enden, daher summieren sich die Grade zum Doppelten der Kantenzahl: Σ deg(v) = 2|E| (das Handschlaglemma). Die Anzahl der Knoten mit ungeradem Grad ist deshalb gerade. Kn hat n(n − 1)/2 Kanten, ein k-regulärer Graph mit n Knoten hat nk/2, und ein Baum mit n Knoten hat n − 1 Kanten.

Adjazenzmatrix

A: 0 1 0 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 0 1 0 0 1
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 1 1 0

Gemeinsame Nachbarn

(M²)EA = 0·0 + 1·1 + 1·0 + 1·0 + 0·0 = 1

Antwort

N = 1
15.Datenbanken & SQL

Antwort: B · Transitive Abhängigkeiten zwischen Nichtschlüsselattributen

Warum das die Antwort ist

In 3NF hängt kein Nichtschlüsselattribut von einem anderen Nichtschlüsselattribut ab, etwa wenn Ort und Postleitzahl gespeichert werden und der Ort von der Postleitzahl abhängt.

Antwort

B · Transitive Abhängigkeiten zwischen Nichtschlüsselattributen
16.Datenbanken & SQL

Antwort: C · Lesende sehen einen konsistenten Snapshot festgeschriebener Zeilenversionen, während Schreibende neue Versionen anlegen

Warum das die Antwort ist

MVCC bewahrt alte Zeilenversionen auf, sodass ein Lesender die Daten zum Zeitpunkt seines Snapshots sehen kann, während ein Schreibender eine neue Version anlegt, statt an Ort und Stelle zu überschreiben.

Antwort

C · Lesende sehen einen konsistenten Snapshot festgeschriebener Zeilenversionen, während Schreibende neue Versionen anlegen
17.Rechnernetze

Antwort: B · 192.168.0.0/23

Warum das die Antwort ist

0 und 1 stimmen in allen Bits des dritten Oktetts außer dem letzten überein, daher deckt ein um ein Bit kürzeres Präfix (/23) ab 192.168.0.0 beide genau ab.

Antwort

B · 192.168.0.0/23
18.Rechnernetze

Antwort: B · Für Antworten, die zu groß für UDP sind, und für Zonentransfers

Warum das die Antwort ist

Ist eine UDP-Antwort abgeschnitten (truncated), wiederholt der Resolver die Anfrage über TCP. Auch Zonentransfers zwischen Nameservern nutzen TCP, weil sie viele Daten übertragen.

Antwort

B · Für Antworten, die zu groß für UDP sind, und für Zonentransfers
19.IPv4-Subnetting

Antwort: p = 21

IPv4-Subnetting: Eine Adresse hat 32 Bits. Das Präfix /p gibt an, wie viele führende Bits das Netz bezeichnen; die übrigen 32 − p Bits nummerieren die Hosts. Ein Subnetz hat 2³²⁻ᵖ Adressen, aber die erste (Netzadresse) und die letzte (Broadcast-Adresse) können keinem Host gegeben werden, also passen 2³²⁻ᵖ − 2 Hosts hinein. Ausnahmen: Ein /31 (Punkt-zu-Punkt-Verbindung, RFC 3021) nutzt beide seiner 2 Adressen für Hosts, und ein /32 ist eine einzelne Adresse (ein einzelner Host oder ein Loopback).

Benötigte Hostbits

210 − 2 = 1022 < 1457
211 − 2 = 2046 ≥ 1457 → h = 11

Präfixlänge

p = 32 − 11 = 21

Antwort

p = /21
20.IPv4-Subnetting

Antwort: x = 128

VLSM: Jedes LAN erhält das kleinste Subnetz mit 2ʰ − 2 ≥ seiner Hostzahl, also das Präfix 32 − h. Vergibt man die größten Subnetze zuerst, liegt jeder Block auf einem Vielfachen seiner eigenen Größe, und die Netzadressen ergeben sich durch Addieren der Blockgrößen.

Blockgröße pro LAN

C: 46 Hosts → 26 = 64 (/26)
D: 34 Hosts → 26 = 64 (/26)
A: 25 Hosts → 25 = 32 (/27)
B: 12 Hosts → 24 = 16 (/28)

Vergabe, größte zuerst

C: .0 – .63
D: .64 – .127
A: .128 – .159
B: .160 – .175

Antwort

x = 128

LAN A: 192.168.222.128/27.

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