n Bit: 2ⁿ Zustände; Mod-N: kleinstes n mit 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Asynchronzähler
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- und Johnson-Zähler
n und 2n Zustände
Methode
Gehe bei einer Schaltung von den Eingängen zum Ausgang vor, ein Gatter nach dem anderen, und schreibe den Wert an jede Leitung, oder schreibe ihren Ausdruck auf und fülle die Wahrheitstabelle aus.
Trage zum Vereinfachen die Einsen (und die Don’t-Cares als X) in ein Karnaugh-Diagramm mit Zeilen und Spalten im Gray-Code ein: 00, 01, 11, 10.
Decke die Einsen mit möglichst wenigen und möglichst großen Gruppen aus 1, 2, 4, 8 oder 16 Feldern ab, auch über den Rand hinweg; jede Gruppe ist ein Produktterm aus den Variablen, die konstant bleiben. Fasse für die POS-Form die Nullen zusammen.
Lies bei Flipflops und Zählern die Eingänge an jeder aktiven Taktflanke ab, schreibe den Zustand nach jeder Flanke auf und denke daran, dass ein n-Bit-Zähler nach 2ⁿ Zuständen überläuft.
Zahlentheorie & modulare Arithmetik
Division mit Rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinstes gemeinsames Vielfaches
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineare Kongruenz
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulersche φ-Funktion
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Methode
Reduziere zuerst jede Zahl modulo n; die Reste liegen zwischen 0 und n − 1.
Teile für einen ggT wiederholt mit dem euklidischen Algorithmus; der letzte Rest ungleich null ist der ggT.
Führe für ein Inverses den erweiterten Algorithmus aus und behalte den Koeffizienten von a; addiere n, falls er negativ ist.
Löse a·x ≡ b, indem du mit a⁻¹ multiplizierst; kombiniere zwei Kongruenzen, indem du x = r₁ + m₁k schreibst.
Schreibe bei Potenzen den Exponenten binär und quadriere wiederholt; bei RSA gilt d = e⁻¹ mod φ(n) mit φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Graphentheorie
Handschlaglemma
Σ deg(v) = 2|E|
Vollständige Graphen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Regulärer Graph
|E| = n·k/2
Baum und Wald
|E| = n − 1, |E| = n − c
Blätter eines Baums
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
Kreis: alle Grade gerade; Weg: genau 2 ungerade Grade
Hamilton-Kreise in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-Aktualisierung
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wege der Länge L
(Mᴸ)ij
Methode
Schreibe den Grad jedes Knotens auf; die Grade summieren sich zum Doppelten der Kantenzahl.
Prüfe bei Euler-Aufgaben, ob der Graph zusammenhängend ist, und zähle die Knoten mit ungeradem Grad.
Verwende bei Bäumen n − 1 Kanten und das Handschlaglemma.
Führe bei Dijkstra eine Tabelle der vorläufigen Abstände und schließe in jeder Runde den kleinsten noch offenen Knoten ab.
Sortiere für einen minimalen aufspannenden Baum die Kanten nach Gewicht und überspringe jede Kante, die einen Kreis schließt (Kruskal), oder lass einen Baum von einem Startknoten aus wachsen (Prim).
IPv4-Subnetting
Hosts pro Subnetz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blockgröße
256 − (mask octet)
Netzadresse
IP AND Maske
Broadcast-Adresse
IP OR (NOT Maske): alle Host-Bits auf 1
Subnetze aus n geliehenen Bits
2n
2Übungsaufgaben
1.ZahlensystemeMittel
Setze die Bits so, dass sie −112 im 8-Bit-Zweierkomplement speichern. Welchen Wert U hat das Muster, wenn man es als vorzeichenlose Zahl liest?
N = −1128 bit
U =
2.ZahlensystemeSchwer
Ein unkomprimiertes Bild hat 1024 × 768 Pixel mit 24 Bits pro Pixel. Wie viel Speicher M braucht es in KiB (1 KiB = 1024 Bytes)?
1024 × 768 px24 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Aussagenlogik & BeweiseMittel
Ist ((r → p) ∧ ¬p) → ¬r eine Tautologie, eine Kontradiktion oder eine Kontingenz? Klicke deine Antwort an.
((r → p) ∧ ¬p) → ¬r
1Tautologie
2Kontradiktion
3Kontingenz
4.Aussagenlogik & BeweiseSchwer
Das Argument mit den Prämissen c → a; a und der Konklusion c ist ungültig. Klicke die Zeile der Wahrheitstafel an, die ein Gegenbeispiel ist.
Ein flankengesteuertes D-Flipflop (positive Flanke) startet mit Q = 0 und erhält die gezeigten Eingänge. Klicke die erste Taktflanke an, bei der Q von 1 wieder auf 0 geht.
Q₀ = 0D
1Taktflanke 1
2Taktflanke 2
3Taktflanke 3
4Taktflanke 4
5Taktflanke 5
6Taktflanke 6
7Taktflanke 7
7.Zahlentheorie & modulare ArithmetikMittel
Löse 49x ≡ 20 (mod 69). Gib die Lösung x mit 0 < x < 69 an.
49x ≡ 20 (mod 69)
x =
8.Zahlentheorie & modulare ArithmetikSchwer
Löse 10x ≡ 12 (mod 14). Gib die kleinste positive Lösung x an.
10x ≡ 12 (mod 14)
x =
9.Algorithmen & KomplexitätMittel
Was ist die Lösung der Rekursionsgleichung T(n) = T(n/2) + O(1)?
AO(n log n)
BO(1)
CO(log n)
DO(n)
10.Algorithmen & KomplexitätSchwer
Wie wird das Problem des Handlungsreisenden (TSP) eingeordnet?
ADie Entscheidungsversion liegt in P, aber die Optimierungsversion ist NP-vollständig
BEs ist unentscheidbar
CDie Entscheidungsversion ist NP-vollständig, die Optimierungsversion NP-schwer
DEs liegt in P, weil der Dijkstra-Algorithmus es löst, indem er jede Stadt einmal besucht
11.DatenstrukturenMittel
Welchen Wert hat der Postfix-Ausdruck 3 4 + 2 * ?
A24
B10
C14
D11
12.DatenstrukturenSchwer
Die Zeitkomplexität von decrease-key in einem binären Heap (bei bekannter Position des Elements) beträgt:
AO(n log n)
BO(n)
CO(log n)
DO(1)
13.GraphentheorieMittel
Ein zusammenhängender Graph hat 9 Knoten und 10 Kanten. Wie viele Kanten k müssen entfernt werden, damit ein aufspannender Baum übrig bleibt?
|V| = 9|E| = 10
k =
14.GraphentheorieSchwer
Der Kruskal-Algorithmus baut einen minimalen aufspannenden Baum auf. Klicke die Kante an, die er als Kante Nummer 3 hinzufügt; übersprungene Kanten zählen nicht.
k = 3
1Kante AB
2Kante AC
3Kante BC
4Kante CE
5Kante DE
6Kante DF
7Kante EF
8Kante BE
15.Datenbanken & SQLMittel
Was liefert INTERSECT zwischen zwei SELECT-Abfragen?
AZeilen im ersten Ergebnis, die nicht im zweiten sind
BAlle Zeilen aus beiden Ergebnissen
CDas kartesische Produkt der Ergebnisse
DZeilen, die in beiden Ergebnissen vorkommen
16.Datenbanken & SQLSchwer
Welchen Join-Algorithmus wählt ein Optimierer oft für einen Gleichheits-Join zwischen zwei großen Tabellen ohne nützliche Indexe?
AHash Join
BBitmap Join auf dem Primärschlüssel
CCross Join
DNested Loop Join mit Indexzugriffen
17.RechnernetzeMittel
Welches einzelne Präfix fasst 192.168.0.0/24 und 192.168.1.0/24 zusammen?
A192.168.1.0/23
B192.168.0.0/23
C192.168.0.0/22
D192.168.0.0/25
18.RechnernetzeSchwer
Was macht BGP hauptsächlich im Internet?
AEs vergibt über ihre Internetanbieter IP-Adressen an Privatnutzer
BEs tauscht Routing-Informationen zwischen autonomen Systemen aus
CEs verschlüsselt Daten zwischen Routern
DEs löst Namen in Adressen auf
19.IPv4-SubnettingMittel
Das Netz 192.168.10.0/24 soll in mindestens 30 gleich große Subnetze aufgeteilt werden. Wenn du so wenige Bits wie möglich leihst, wie viele nutzbare Hosts H hat jedes Subnetz?
192.168.10.0/2430 subnets
H =
20.IPv4-SubnettingSchwer
Das Netz 192.168.191.0/24 wird mit VLSM für diese LANs aufgeteilt: A: 3 Hosts, B: 125 Hosts, C: 8 Hosts, D: 33 Hosts. Die Subnetze werden ab .0 aufwärts vergeben, das LAN mit den meisten Hosts zuerst, jedes mit dem kleinsten passenden Subnetz. Wie lautet das vierte Oktett x der Netzadresse von LAN D?
A: 3B: 125C: 8D: 33
x =
3Lösungen
1.Zahlensysteme
Antwort: U = 144
Bits setzen: Jedes Bit hat den Wert einer Zweierpotenz (128, 64, …, 1). Eine Hexadezimalziffer entspricht genau vier Bits, und im 8-Bit-Zweierkomplement hat das linke Bit den Wert −128. Bitweise Operationen wirken auf jede Bitposition einzeln.
Invertieren und eins addieren
112 = 0111 0000
invertiert: 1000 1111
+1 → 1001 0000
Vorzeichenlos lesen
1001 0000₂ = 256 − 112 = 144
Antwort
U = 144
2.Zahlensysteme
Antwort: M = 2304 KiB
Stellenwertsysteme: Jede Ziffer ist ihren Wert mal eine Potenz der Basis wert. Im Binärsystem sind die Stellen 1, 2, 4, 8, 16, … wert, im Hexadezimalsystem 1, 16, 256, …, wobei A–F für 10–15 stehen. Im 8-Bit-Zweierkomplement ist das linke Bit −128 statt +128 wert; so werden negative Zahlen gespeichert.
Bits und Bytes
1024·768·24 = 18874368 bit = 2359296 B
In KiB umrechnen
2359296/1024 = 2304 KiB
Antwort
M = 2304 KiB
3.Aussagenlogik & Beweise
Antwort: Tautologie
Logische Äquivalenz: Zwei Formeln sind äquivalent (≡), wenn sie in jeder Zeile der Wahrheitstafel denselben Wert haben. Eine Tautologie ist in jeder Zeile 1, eine Kontradiktion in jeder Zeile 0, und eine Kontingenz ist keines von beiden. Nützliche Gesetze: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b und ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (Kontraposition); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; und die Distributivgesetze, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Wahrheitstafel Zeile für Zeile
p = 1, r = 1: r → p = 1, ¬p = 0, (r → p) ∧ ¬p = 0, ¬r = 0, ((r → p) ∧ ¬p) → ¬r = 1
p = 1, r = 0: r → p = 1, ¬p = 0, (r → p) ∧ ¬p = 0, ¬r = 1, ((r → p) ∧ ¬p) → ¬r = 1
p = 0, r = 1: r → p = 0, ¬p = 1, (r → p) ∧ ¬p = 0, ¬r = 0, ((r → p) ∧ ¬p) → ¬r = 1
p = 0, r = 0: r → p = 1, ¬p = 1, (r → p) ∧ ¬p = 1, ¬r = 1, ((r → p) ∧ ¬p) → ¬r = 1
Einordnen
((r → p) ∧ ¬p) → ¬r: 1, 1, 1, 1
In jeder Zeile 1: eine Tautologie.
Antwort
Tautologie
4.Aussagenlogik & Beweise
Antwort: a = 1, c = 0
Quantoren und Argumente: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) und ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Ziehe eine Negation nach innen, vertausche jeden Quantor, den sie passiert, und negiere die innere Formel mit den aussagenlogischen Gesetzen, etwa ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Ein Argument ist gültig, wenn die Konklusion in jeder Zeile 1 ist, in der alle Prämissen 1 sind. Eine einzige Zeile mit wahren Prämissen und falscher Konklusion ist ein Gegenbeispiel und zeigt, dass das Argument ungültig ist.
Prämissen und Konklusion Zeile für Zeile
a = 1, c = 1: 1 1 | 1
a = 1, c = 0: 1 1 | 0
a = 0, c = 1: 0 0 | 1
a = 0, c = 0: 1 0 | 0
Gegenbeispiel
a = 1, c = 0
Antwort
a = 1, c = 0
Ein Argument dieser Form sieht aus wie eine gültige Regel, aber eine Zeile genügt, um zu zeigen, dass sie es nicht ist.
Karnaugh-Diagramme: Die Felder sind im Gray-Code (00, 01, 11, 10) angeordnet, benachbarte Felder, auch die über den Rand hinweg, unterscheiden sich also in genau einer Variablen. Fasse die Einsen in Rechtecken aus 1, 2, 4, 8 oder 16 Feldern zusammen, so groß und so wenige wie möglich, bis jede 1 abgedeckt ist. Jede Gruppe ist ein Produktterm: die Variablen, die in ihr konstant bleiben. Eine Gruppe aus 2ᵏ Feldern verliert k Variablen. Don’t-Cares (X) dürfen genutzt werden, um Gruppen zu vergrößern, müssen aber nie abgedeckt werden. Fasst du stattdessen die Nullen zusammen, erhältst du die minimale POS-Form.
Die Einsen zusammenfassen
Jede Gruppe ist ein Rechteck aus 2ᵏ Feldern; Randfelder sind Nachbarn der Felder am gegenüberliegenden Rand.
Flipflops und Zähler: Ein Flipflop ändert sich nur bei der aktiven Taktflanke. D übernimmt seinen Eingang (Q⁺ = D); T kippt bei T = 1; JK hält bei 00, setzt bei 01 zurück, setzt bei 10 und kippt bei 11. Ein n-Bit-Binärzähler hat 2ⁿ Zustände und zählt modulo 2ⁿ; ein Mod-N-Zähler läuft 0, 1, …, N − 1 und wieder auf 0 und braucht die kleinste Anzahl n von Flipflops mit 2ⁿ ≥ N. Jede Stufe eines Asynchronzählers halbiert die Frequenz, daher läuft der letzte Ausgang eines Mod-N-Zählers mit fclk/N. Ein Johnson-Zähler aus n Flipflops hat 2n Zustände, ein Ringzähler n.
Q nach jeder Flanke
Ein D-Flipflop übernimmt D bei jeder steigenden Flanke: Q⁺ = D.
1: D = 0 → Q = 0
2: D = 0 → Q = 0
3: D = 1 → Q = 1
4: D = 0 → Q = 0
5: D = 1 → Q = 1
6: D = 0 → Q = 0
7: D = 0 → Q = 0
Erster Wechsel von 1 auf 0
Taktflanke 4
Antwort
Taktflanke 4
7.Zahlentheorie & modulare Arithmetik
Antwort: x = 68
Inverse und Kongruenzen: a hat genau dann ein Inverses modulo n, wenn ggT(a, n) = 1. Der erweiterte euklidische Algorithmus schreibt 1 = s·n + t·a, und dann ist a⁻¹ ≡ t (mod n). Eine Kongruenz a·x ≡ b (mod n) mit ggT(a, n) = 1 hat die Lösung x ≡ a⁻¹·b. Zwei Kongruenzen x ≡ r₁ (mod m₁) und x ≡ r₂ (mod m₂) mit teilerfremden Moduln haben eine Lösung modulo m₁·m₂ (chinesischer Restsatz). Eulers φ(n) zählt die Zahlen von 1 bis n, die zu n teilerfremd sind: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Inverses von 49
r = 69, t = 0
r = 49, q = 1, t = 1
r = 20, q = 2, t = −1
r = 9, q = 2, t = 3
r = 2, q = 4, t = −7
r = 1, q = 2, t = 31
49−1 ≡ 31 (mod 69)
Lösen
x ≡ 31·20 = 620 ≡ 68 (mod 69)
Probe: 49·68 = 3332 ≡ 20 (mod 69)
Antwort
x = 68
8.Zahlentheorie & modulare Arithmetik
Antwort: x = 4
Inverse und Kongruenzen: a hat genau dann ein Inverses modulo n, wenn ggT(a, n) = 1. Der erweiterte euklidische Algorithmus schreibt 1 = s·n + t·a, und dann ist a⁻¹ ≡ t (mod n). Eine Kongruenz a·x ≡ b (mod n) mit ggT(a, n) = 1 hat die Lösung x ≡ a⁻¹·b. Zwei Kongruenzen x ≡ r₁ (mod m₁) und x ≡ r₂ (mod m₂) mit teilerfremden Moduln haben eine Lösung modulo m₁·m₂ (chinesischer Restsatz). Eulers φ(n) zählt die Zahlen von 1 bis n, die zu n teilerfremd sind: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Durch den ggT teilen
gcd(10, 14) = 2
5x ≡ 6 (mod 7)
Die reduzierte Kongruenz lösen
5−1 ≡ 3 (mod 7) → x ≡ 4 (mod 7)
Lösungen modulo 14
x ∈ {4, 11}
x = 4
Antwort
x = 4
9.Algorithmen & Komplexität
Antwort: C · O(log n)
Warum das die Antwort ist
Das Problem halbiert sich bei jedem Schritt mit konstantem Aufwand pro Schritt, also gibt es etwa log₂ n Schritte.
Antwort
C · O(log n)
10.Algorithmen & Komplexität
Antwort: C · Die Entscheidungsversion ist NP-vollständig, die Optimierungsversion NP-schwer
Warum das die Antwort ist
„Gibt es eine Rundreise der Länge höchstens k?" ist NP-vollständig; die kürzeste Rundreise zu finden ist NP-schwer, da es mindestens ebenso schwer ist.
Antwort
C · Die Entscheidungsversion ist NP-vollständig, die Optimierungsversion NP-schwer
Nach dem Verringern des Schlüssels wandert das Element höchstens um die Höhe des Heaps nach oben (sift-up). Fibonacci-Heaps erreichen decrease-key in amortisiert O(1).
Antwort
C · O(log n)
13.Graphentheorie
Antwort: k = 2
Euler, Hamilton und Bäume: Ein zusammenhängender Graph hat einen Euler-Kreis (jede Kante einmal, zurück zum Start), wenn jeder Knoten geraden Grad hat, und einen Euler-Weg, der kein Kreis ist, wenn genau zwei Knoten ungeraden Grad haben; der Weg verläuft dann von einem ungeraden Knoten zum anderen. Ein Hamilton-Kreis besucht jeden Knoten einmal; Kn hat (n − 1)!/2 davon. Ein Baum mit n Knoten hat n − 1 Kanten, und ein zusammenhängender Graph mit m Kanten behält einen aufspannenden Baum, wenn man m − n + 1 Kanten entfernt.
Kanten eines aufspannenden Baums
9 − 1 = 8
Zu entfernende Kanten
k = 10 − 8 = 2
Antwort
k = 2
14.Graphentheorie
Antwort: Kante EF
Kürzeste Wege und aufspannende Bäume: Der Dijkstra-Algorithmus schließt in jeder Runde einen Knoten ab: den offenen Knoten mit dem kleinsten vorläufigen Abstand. Sein Abstand ist dann endgültig, und jeder Nachbar v erhält d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Der Kruskal-Algorithmus baut einen minimalen aufspannenden Baum auf, indem er die Kanten von leicht nach schwer nimmt und jede Kante überspringt, die einen Kreis schließen würde; der Prim-Algorithmus lässt einen Baum von einem Startknoten aus wachsen, indem er immer die leichteste Kante hinzufügt, die aus ihm herausführt. Ein aufspannender Baum mit n Knoten hat n − 1 Kanten.
Kruskal-Algorithmus
1. DE (1)
2. CE (4)
3. EF (5)
4. BE (12)
5. AC (17)
Kantennummer 3
EF
Antwort
Kante EF
15.Datenbanken & SQL
Antwort: D · Zeilen, die in beiden Ergebnissen vorkommen
Warum das die Antwort ist
INTERSECT behält nur Zeilen, die in beiden Abfragen vorhanden sind, und entfernt wie UNION standardmäßig Duplikate.
Antwort
D · Zeilen, die in beiden Ergebnissen vorkommen
16.Datenbanken & SQL
Antwort: A · Hash Join
Warum das die Antwort ist
Ein Hash Join baut eine Hashtabelle über eine Eingabe und sondiert sie mit der anderen, was für große Equi-Joins ohne Indexe gut funktioniert.
Antwort
A · Hash Join
17.Rechnernetze
Antwort: B · 192.168.0.0/23
Warum das die Antwort ist
0 und 1 stimmen in allen Bits des dritten Oktetts außer dem letzten überein, daher deckt ein um ein Bit kürzeres Präfix (/23) ab 192.168.0.0 beide genau ab.
Antwort
B · 192.168.0.0/23
18.Rechnernetze
Antwort: B · Es tauscht Routing-Informationen zwischen autonomen Systemen aus
Warum das die Antwort ist
BGP ist das Inter-Domain-Routingprotokoll; autonome Systeme (AS) kündigen erreichbare Präfixe an und wählen Pfade anhand von Richtlinien (Policies).
Antwort
B · Es tauscht Routing-Informationen zwischen autonomen Systemen aus
19.IPv4-Subnetting
Antwort: H = 6
IPv4-Subnetting: Eine Adresse hat 32 Bits. Das Präfix /p gibt an, wie viele führende Bits das Netz bezeichnen; die übrigen 32 − p Bits nummerieren die Hosts. Ein Subnetz hat 2³²⁻ᵖ Adressen, aber die erste (Netzadresse) und die letzte (Broadcast-Adresse) können keinem Host gegeben werden, also passen 2³²⁻ᵖ − 2 Hosts hinein. Ausnahmen: Ein /31 (Punkt-zu-Punkt-Verbindung, RFC 3021) nutzt beide seiner 2 Adressen für Hosts, und ein /32 ist eine einzelne Adresse (ein einzelner Host oder ein Loopback).
Zu leihende Bits
25 = 32 ≥ 30 → b = 5, /29
Hosts pro Subnetz
23 − 2 = 6
Antwort
H = 6
20.IPv4-Subnetting
Antwort: x = 128
VLSM: Jedes LAN erhält das kleinste Subnetz mit 2ʰ − 2 ≥ seiner Hostzahl, also das Präfix 32 − h. Vergibt man die größten Subnetze zuerst, liegt jeder Block auf einem Vielfachen seiner eigenen Größe, und die Netzadressen ergeben sich durch Addieren der Blockgrößen.