Diseño de máquinas: pack de repaso

Hojas de fórmulas, los pasos clave de los métodos de cada tema y 12 problemas de práctica, con las soluciones completas al final.

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1Fórmulas y métodos

Engranajes y trenes de engranajes

Engranajes en contacto
n1·N1 = n2·N2
Par
T2 = T1·(N2/N1)·η
Potencia
P = T·ω, ω = 2π·n/60
Tren compuesto
relación total = producto de las relaciones de cada etapa

Torsión de ejes

Tensión cortante
τ = T·r/J
Eje macizo
J = πd⁴/32
Eje hueco
J = π(D⁴ − d⁴)/32
Ángulo de torsión
φ = TL/(GJ)
Potencia
P = T·ω = 2πnT/60

Método

  1. Halla el momento polar de inercia: J = πd⁴/32 para un eje macizo.
  2. Tensión tangencial en la superficie: τ = T·r/J, con r el radio exterior.
  3. Ángulo de torsión: φ = TL/(GJ) en radianes.
  4. Si te dan la potencia, halla primero el par con P = T·ω, ω = 2πn/60.

Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Centro
C = (σx + σy)/2
Radio
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
Tensiones principales
σ1,2 = C ± R
Dirección principal
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
Plano inclinado
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

Método

  1. Calcula el centro del círculo de Mohr: C = (σx + σy)/2.
  2. Calcula el radio: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. Las tensiones principales son C ± R y la tensión tangencial máxima en el plano es R.
  4. Los ángulos en el círculo son el doble que los ángulos en el elemento: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

Tensión y deformación axial

Tensión normal
σ = F/A
Deformación
ε = ΔL/L
Ley de Hooke
σ = E·ε
Alargamiento
ΔL = FL/(EA)
Deformación térmica
εT = α·ΔT

Pandeo de pilares

Carga crítica de Euler
Pcr = π²EI/(KL)²
Factor de longitud de pandeo
K = 1 articulado–articulado, 0,5 empotrado–empotrado, 0,7 empotrado–articulado, 2 empotrado–libre
Tensión crítica
σcr = Pcr/A
Esbeltez
λ = KL/r, r = √(I/A)

Vibraciones mecánicas

Frecuencia natural
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
A partir de la deflexión estática
ωn = √(g/δst)
Amortiguamiento crítico
cc = 2√(km) = 2mωn
Factor de amortiguamiento
ζ = c/cc
Frecuencia amortiguada
ωd = ωn√(1 − ζ²)
Decremento logarítmico
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
Muelles en paralelo
k = k1 + k2
Muelles en serie
1/k = 1/k1 + 1/k2

2Problemas de práctica

1.Engranajes y trenes de engranajesMedia
N1​N2​ = ?

Dos ejes paralelos están a 144 mm de distancia. Deben unirse mediante un par de ruedas dentadas rectas de módulo 4 mm y una reducción de velocidad de 2 : 1. ¿Cuántos dientes N2 debe tener la rueda?

a = 144 mmm = 4 mmi = 2
N2 =
2.Engranajes y trenes de engranajesDifícil
d1​ = 100 mmd2​ = 450 mm2880 rpmC = 600 mmθ = ?

Una correa abierta conecta una polea de 100 mm y una polea de 450 mm cuyos centros están separados 600 mm. Halla el ángulo de contacto θ en la polea menor, en grados.

d1 = 100 mmd2 = 450 mmC = 600 mm
θ = °
3.Torsión de ejesMedia
T = 100 N·md = 30 mmL = 0,8 mφ = ?

Un eje macizo de aluminio está empotrado en la pared y se tuerce con un par T en su extremo libre. Halla el ángulo de torsión φ del extremo libre, en grados.

T = 100 N·md = 30 mmL = 0,8 mG = 26 GPa
φ = °
4.Torsión de ejesDifícil
d = 30 mmT0​ = 1500 N·mACBa = 3 mb = 1,2 m

Un eje macizo de aluminio de 30 mm de diámetro está empotrado en muros rígidos en sus dos extremos A y B. Se aplica un par de 1500 N·m en C, a 3 m de A y a 1,2 m de B. Halla la tensión cortante máxima τmax en el eje.

d = 30 mmT0 = 1500 N·ma = 3 mb = 1,2 m
τmax = MPa
5.Círculo de Mohr y transformación de tensionesMedia
σx​ = 80MPaτxy​ = ?

En un punto σₓ = 80 MPa y σᵧ = 0 MPa. ¿Hasta qué valor τxy (en valor absoluto) puede llegar la tensión cortante antes de que la tensión principal mayor alcance 95 MPa?

σx = 80 MPaσy = 0 MPaσ1 = 95 MPa
τxy = MPa
6.Círculo de Mohr y transformación de tensionesDifícil
σx​ = 50σy​ = −80τxy​ = −20MPa

Un punto de una placa delgada está en tensión plana: σₓ = 50 MPa, σᵧ = −80 MPa y τₓᵧ = −20 MPa (σz = 0). Halla la tensión equivalente de von Mises σvM.

σx = 50 MPaσy = −80 MPaτxy = −20 MPa
σvM = MPa
7.Tensión y deformación axialMedia
Ø 10 mmLatón0,5 mP = 95 kN

Halla el alargamiento δ de la barra de latón bajo la carga axial.

P = 95 kNd = 10 mmL = 0,5 mE = 100 GPa
δ = mm
8.Tensión y deformación axialDifícil
Ø 30 mmAcero1,5 mØ 16 mmAcero0,5 mP = 100 kN

La barra escalonada está empotrada en la pared y cargada en su extremo libre. Halla el alargamiento total δ.

P = 100 kNtramo 1: Ø30 mm, 1,5 m, acero (E = 200 GPa)tramo 2: Ø16 mm, 0,5 m, acero (E = 200 GPa)
δ = mm
9.Pandeo de pilaresMedia
PL = 3 m20 × 100 mmsección

Un pilar de longitud L de aluminio está articulado en ambos extremos. Con la fórmula de Euler, halla su carga crítica de pandeo Pcr.

L = 3 mE = 70 GPa (aluminio)b × h = 20 × 100 mm
Pcr = kN
10.Pandeo de pilaresDifícil
P = 110 kNL = 6 md = ?sección

Un pilar macizo circular de longitud L de acero está empotrado en la base y articulado arriba. Debe soportar 110 kN con un coeficiente de seguridad de 3 frente al pandeo. Halla el diámetro mínimo d.

P = 110 kNn = 3L = 6 mE = 200 GPa (acero)
d = mm
11.Vibraciones mecánicasMedia
k = 25 kN/mζ = 0,6m = 12 kg

Una masa de 12 kg sobre un muelle con una rigidez de 25 kN/m tiene un amortiguador viscoso que da un factor de amortiguamiento de 0,6. Halla la frecuencia natural amortiguada fd de su vibración libre en Hz.

m = 12 kgk = 25 kN/mζ = 0,6
fd = Hz
12.Vibraciones mecánicasDifícil
k1​ = 100k2​ = 10m = 100 kg

Una masa de 100 kg cuelga de dos muelles unidos uno tras otro (en serie): el muelle superior tiene k₁ = 100 kN/m y el inferior k₂ = 10 kN/m. Desprecia el amortiguamiento y las masas de los muelles. Halla la frecuencia natural fn de vibración vertical en Hz.

m = 100 kgk1 = 100 kN/mk2 = 10 kN/m
fn = Hz

3Disoluciones

1.Engranajes y trenes de engranajes

Respuesta: N2 = 48

Gear geometry: the module m sets the tooth size. A gear with N teeth has a pitch diameter d = m·N, two meshing gears have the same module, and their centre distance is a = (d₁ + d₂)/2 = m·(N₁ + N₂)/2. The pitch-line speed is v = π·d·n/60, and the tangential tooth force follows from the torque: Ft = 2T/d.

Número total de dientes

N1 + N2 = 2a/m = 2·144/4 = 72

Reparte según la relación

N1 = 72/(1 + 2) = 24
N2 = 2·24 = 48

Respuesta

N2 = 48
2.Engranajes y trenes de engranajes

Respuesta: θ = 146,1 °

Transmisiones por correa: sin deslizamiento, ambas poleas tienen la misma velocidad periférica v = π·d·n/60, así que n₁·d₁ = n₂·d₂ y la relación de velocidades es d₂/d₁. El deslizamiento s hace que la polea conducida gire un poco más despacio: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). La potencia transmitida es P = (T₁ − T₂)·v, con T₁ la tensión del ramal tenso y T₂ la del ramal flojo. El rozamiento limita la relación de tensiones: T₁/T₂ = eμθ, donde θ es el ángulo de contacto en radianes sobre la polea menor; para una correa abierta θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) con distancia entre centros C.

Ángulo de la correa

asin(0,2917) = 16,96°

Ángulo de contacto

θ = 180 − 2·16,96 = 146,1°

Respuesta

θ = 146,1°
3.Torsión de ejes

Respuesta: φ = 2,217 °

Torsión de ejes circulares: la tensión cortante crece linealmente desde cero en el centro hasta τmax = T·r/J en la superficie, con J = πd⁴/32 para un eje macizo y J = π(do⁴ − di⁴)/32 para uno hueco. El ángulo de torsión es φ = TL/(GJ) en radianes. Potencia y par se relacionan por P = T·ω.

Momento polar de inercia

J = π·30⁴/32 = 79522 mm⁴

Ángulo de torsión

φ = TL/(GJ) = 100·1000·800/(26000·79522) = 0,03869 rad
φ = 0,03869·180/π = 2,217°

Respuesta

φ = 2,217°
4.Torsión de ejes

Respuesta: τmax = 202,1 MPa

Torsión de ejes circulares: la tensión cortante crece linealmente desde cero en el centro hasta τmax = T·r/J en la superficie, con J = πd⁴/32 para un eje macizo y J = π(do⁴ − di⁴)/32 para uno hueco. El ángulo de torsión es φ = TL/(GJ) en radianes. Potencia y par se relacionan por P = T·ω. Cuando ambos extremos están empotrados, la estática por sí sola solo da TA + TB = T₀; la segunda ecuación es la compatibilidad (igual torsión de ambas partes en la sección cargada).

Equilibrio y compatibilidad

TA + TB = 1500
TA·a = TB·b
TA = 1500·1,2/4,2 = 428,6 N·m
TB = 1500·3/4,2 = 1071 N·m

Tensión cortante máxima

Manda el mayor de los dos pares (mismo diámetro).

τmax = 16·1,071 × 10⁶/(π·30³) = 202,1 MPa

Respuesta

τmax = 202,1 MPa
5.Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Respuesta: τxy = 37,75 MPa

Transformación de tensiones en estado plano: en un plano girado θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. El círculo de Mohr muestra todos los planos a la vez: su centro está en C = (σₓ + σᵧ)/2 y su radio es R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Las tensiones principales son C ± R, y la tensión cortante máxima en el plano es R.

Radio necesario

C = (80 + 0)/2 = 40 MPa
R = σ1 − C = 95 − 40 = 55 MPa
στxyCσ1​σ2​

Tensión cortante

τxy = √(R² − ((σₓ − σᵧ)/2)²) = √(55² − 40²) = 37,75 MPa

Respuesta

τxy = 37,75 MPa
6.Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Respuesta: σvM = 118,7 MPa

Transformación de tensiones en estado plano: en un plano girado θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. El círculo de Mohr muestra todos los planos a la vez: su centro está en C = (σₓ + σᵧ)/2 y su radio es R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Las tensiones principales son C ± R, y la tensión cortante máxima en el plano es R. Criterios de plastificación: von Mises predice la plastificación cuando σvM = √(σ₁² − σ₁σ₂ + σ₂²) alcanza σY; Tresca, cuando la tensión cortante máxima absoluta alcanza σY/2.

στxyCσ1​σ2​

Tensiones principales

C = −15 MPa, R = 68,01 MPa
σ1 = 53,01 MPa, σ2 = −83,01 MPa, σ3 = 0

Von Mises

σvM = √(53,01² − 53,01·(−83,01) + (−83,01)²) = 118,7 MPa

Respuesta

σvM = 118,7 MPa
7.Tensión y deformación axial

Respuesta: δ = 6,048 mm

Ley de Hooke: en el rango elástico σ = E·ε. Junto con σ = P/A y ε = δ/L se obtiene δ = PL/(AE).

Tensión

A = π·10²/4 = 78,54 mm²
σ = P/A = 95·1000/78,54 = 1210 MPa

Deformación (ley de Hooke)

E for latón = 100 GPa = 100000 MPa.

ε = σ/E = 1210/100000 = 0,0121 = 12096 µε

Alargamiento

δ = ε·L = 0,0121·500 mm = 6,048 mm

Respuesta

δ = 6,048 mm
8.Tensión y deformación axial

Respuesta: δ = 2,304 mm

Elementos con carga axial: cada tramo prismático cumple δ = PL/(AE). En tramos en serie los alargamientos se suman.

La misma fuerza en ambos tramos

El extremo libre soporta P, así que cada sección de la barra soporta el mismo esfuerzo axial P. Solo cambian las áreas y los materiales.

A1 = π·30²/4 = 706,9 mm², A2 = π·16²/4 = 201,1 mm²
σ1 = 141,5 MPa
σ2 = 497,4 MPa

Suma los alargamientos de los tramos

δ1 = σ1L1/E1 = 141,5·1500/200000 = 1,061 mm
δ2 = σ2L2/E2 = 497,4·500/200000 = 1,243 mm
δ = δ1 + δ2 = 2,304 mm

Respuesta

δ = 2,304 mm
9.Pandeo de pilares

Respuesta: Pcr = 5,118 kN

Pandeo de Euler: un pilar esbelto se vuelve inestable en Pcr = π²EI/(KL)², donde KL es la longitud de pandeo: K = 1 para articulado–articulado, 2 para empotrado–libre, 0,7 para empotrado–articulado y 0,5 para empotrado–empotrado. Pandea respecto al eje con el menor I. La fórmula vale para pilares esbeltos, cuya tensión crítica queda por debajo del límite elástico.

Menor momento de inercia

Un rectángulo pandea respecto a su eje débil, usando la dimensión menor al cubo.

Imin = h·b³/12 = 100·20³/12 = 66667 mm⁴

Longitud de pandeo

KL = 1·3000 = 3000 mm

Carga crítica

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·70000·66667/3000² = 5118 N = 5,118 kN

Respuesta

Pcr = 5,118 kN
10.Pandeo de pilares

Respuesta: d = 88,04 mm

Pandeo de Euler: un pilar esbelto se vuelve inestable en Pcr = π²EI/(KL)², donde KL es la longitud de pandeo: K = 1 para articulado–articulado, 2 para empotrado–libre, 0,7 para empotrado–articulado y 0,5 para empotrado–empotrado. Pandea respecto al eje con el menor I. La fórmula vale para pilares esbeltos, cuya tensión crítica queda por debajo del límite elástico.

Carga crítica necesaria

Pcr = n·P = 3·110000 = 330000 N
KL = 0,7·6000 = 4200 mm

Despeja el diámetro

d = (64·n·P·(KL)²/(π³E))^(1/4) = (64·330000·4200²/(π³·200000))^(1/4) = 88,04 mm

Respuesta

d = 88,04 mm

Comprobación: la esbeltez KL/r es 190,8, así que el pilar es esbelto y Euler es válido.

11.Vibraciones mecánicas

Respuesta: fd = 5,812 Hz

Vibración libre de un sistema masa–muelle: la pulsación natural sin amortiguamiento es ωn = √(k/m) en rad/s, y fn = ωn/(2π) en Hz. Un amortiguador viscoso c da el factor de amortiguamiento ζ = c/cc, con amortiguamiento crítico cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un sistema subamortiguado (ζ < 1) oscila a ωd = ωn·√(1 − ζ²). Los muelles en paralelo se suman, k = k₁ + k₂; los muelles en serie se suman como inversos, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Frecuencia natural sin amortiguamiento

ωn = √(25000/12) = 45,64 rad/s
fn = 45,64/(2π) = 7,264 Hz

Frecuencia natural amortiguada

fd = fn·√(1 − ζ²) = 7,264·√(1 − 0,6²) = 5,812 Hz

Respuesta

fd = 5,812 Hz
12.Vibraciones mecánicas

Respuesta: fn = 1,517 Hz

Vibración libre de un sistema masa–muelle: la pulsación natural sin amortiguamiento es ωn = √(k/m) en rad/s, y fn = ωn/(2π) en Hz. Un amortiguador viscoso c da el factor de amortiguamiento ζ = c/cc, con amortiguamiento crítico cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un sistema subamortiguado (ζ < 1) oscila a ωd = ωn·√(1 − ζ²). Los muelles en paralelo se suman, k = k₁ + k₂; los muelles en serie se suman como inversos, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Rigidez equivalente

Los muelles en serie soportan la misma fuerza y suman sus deformaciones, así que se combinan como inversos: 1/k = 1/k1 + 1/k2.

1/keq = 1/100 + 1/10 → keq = 100·10/(100 + 10) = 9,091 kN/m

Frecuencia natural

ωn = √(9091/100) = 9,535 rad/s
fn = 9,535/(2π) = 1,517 Hz

Respuesta

fn = 1,517 Hz

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