Resistencia de materiales: pack de repaso

Hojas de fórmulas, los pasos clave de los métodos de cada tema y 14 problemas de práctica, con las soluciones completas al final.

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1Fórmulas y métodos

Tensión y deformación axial

Tensión normal
σ = F/A
Deformación
ε = ΔL/L
Ley de Hooke
σ = E·ε
Alargamiento
ΔL = FL/(EA)
Deformación térmica
εT = α·ΔT

Torsión de ejes

Tensión cortante
τ = T·r/J
Eje macizo
J = πd⁴/32
Eje hueco
J = π(D⁴ − d⁴)/32
Ángulo de torsión
φ = TL/(GJ)
Potencia
P = T·ω = 2πnT/60

Método

  1. Halla el momento polar de inercia: J = πd⁴/32 para un eje macizo.
  2. Tensión tangencial en la superficie: τ = T·r/J, con r el radio exterior.
  3. Ángulo de torsión: φ = TL/(GJ) en radianes.
  4. Si te dan la potencia, halla primero el par con P = T·ω, ω = 2πn/60.

Cortante y momento flector

Cortante y momento
V = ΣF a un lado, M = ΣF·d a un lado
Tensión de flexión
σ = M·y/I
Rectángulo
I = bh³/12
Módulo resistente
W = I/ymax
Viga biapoyada, carga uniforme
Mmax = wL²/8

Método

  1. Halla las reacciones en los apoyos a partir del equilibrio de toda la viga.
  2. Corta la viga por la sección que necesitas y quédate con un lado.
  3. Esfuerzo cortante: suma de las fuerzas verticales de ese lado. Momento flector: suma de sus momentos respecto al corte.
  4. Para el momento máximo, busca dónde el esfuerzo cortante es cero.

Centroide y momento de inercia

Centroide
ȳ = ΣAiyi/ΣAi
Rectángulo
I = bh³/12
Teorema de Steiner
I = Ic + A·d²
Sección compuesta
I = Σ(Ic,i + Aidi²)

Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Centro
C = (σx + σy)/2
Radio
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
Tensiones principales
σ1,2 = C ± R
Dirección principal
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
Plano inclinado
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

Método

  1. Calcula el centro del círculo de Mohr: C = (σx + σy)/2.
  2. Calcula el radio: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. Las tensiones principales son C ± R y la tensión tangencial máxima en el plano es R.
  4. Los ángulos en el círculo son el doble que los ángulos en el elemento: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

Flecha de la viga

Carga puntual en el centro del vano
δ = PL³/(48EI)
Carga uniforme, viga biapoyada
δ = 5wL⁴/(384EI)
Voladizo, carga en el extremo
δ = PL³/(3EI)
Voladizo, carga uniforme
δ = wL⁴/(8EI)
Superposición
δ = δ1 + δ2

Pandeo de pilares

Carga crítica de Euler
Pcr = π²EI/(KL)²
Factor de longitud de pandeo
K = 1 articulado–articulado, 0,5 empotrado–empotrado, 0,7 empotrado–articulado, 2 empotrado–libre
Tensión crítica
σcr = Pcr/A
Esbeltez
λ = KL/r, r = √(I/A)

2Problemas de práctica

1.Tensión y deformación axialMedia
P = ?12500 mm500 mmØ30Ø60δ = 0,25 mm

Una barra está formada por un tramo de acero (diámetro 30 mm, longitud 500 mm, E = 200 GPa) unido extremo con extremo a un tramo de aluminio (diámetro 60 mm, longitud 500 mm, E = 70 GPa). Está empotrada en un extremo y se tira del otro. Halla la carga axial P que la alarga 0,25 mm en total.

tramo 1: acero, Ø30 mm, 500 mm, E = 200 GPatramo 2: aluminio, Ø60 mm, 500 mm, E = 70 GPaδ = 0,25 mm
P = kN
2.Tensión y deformación axialDifícil
P = ?Ø2570 GPaØ100/50400 mm

Una varilla de acero (diámetro 25 mm, E = 200 GPa, tensión admisible 200 MPa) está dentro de un tubo de aluminio (diámetro exterior 100 mm, diámetro interior 50 mm, E = 70 GPa, tensión admisible 70 MPa). Se comprimen juntos entre placas rígidas. Halla la mayor carga Pmax.

barra: Ø25 mm, E = 200 GPa, σallow = 200 MPatubo: Ø100/Ø50 mm, E = 70 GPa, σallow = 70 MPa
Pmax = kN
3.Torsión de ejesMedia
d = 10 mmT = 20 N·m250 mmφ = 7,48°

En un ensayo de torsión, una probeta maciza de 10 mm de diámetro se tuerce con un par de 20 N·m. Los dos extremos de una longitud de medida de 250 mm giran 7,48° uno respecto al otro (el material sigue en régimen elástico). Halla el módulo de elasticidad transversal G del material.

T = 20 N·md = 10 mmL = 250 mmφ = 7,48°
G = GPa
4.Torsión de ejesDifícil
d = 25 mmT0​ = 100 N·mACBa = 1,5 mb = 1,2 m

Un eje macizo de aluminio de 25 mm de diámetro está empotrado en muros rígidos en sus dos extremos A y B. Se aplica un par de 100 N·m en C, a 1,5 m de A y a 1,2 m de B. Halla la tensión cortante máxima τmax en el eje.

d = 25 mmT0 = 100 N·ma = 1,5 mb = 1,2 m
τmax = MPa
5.Cortante y momento flectorMedia
w = 8 kN/mABsección1,5 m2,5 m

Halla el momento flector Mx en la sección x = 1,5 m desde el apoyo A. Toma positivos los momentos que flexionan la viga hacia abajo y el cortante hacia arriba en la cara izquierda.

L = 4 mw = 8 kN/m de 0 a 4 mx = 1,5 m
Mx = kN·m
6.Cortante y momento flectorDifícil
w = 3 kN/mP = 45 kNAB3,5 m1,5 m

La viga simplemente apoyada soporta una carga uniformemente repartida w en toda su luz y una carga puntual P. Halla el momento flector máximo Mmax en la viga.

L = 5 mP = 45 kN en 3,5 mw = 3 kN/m de 0 a 5 m
Mmax = kN·m
7.Centroide y momento de inerciaMedia
120 mm150 mm60 mmØ60xIx​ = ?

Una placa de 120 mm × 150 mm tiene un agujero circular de diámetro 60 mm en su línea central vertical, con su centro a 60 mm por encima del fondo. Halla el momento de inercia Ix respecto al eje horizontal que pasa por el centroide.

b = 120 mmh = 150 mmd = 60 mmcentro del agujero: y = 60 mm
Ix = × 10⁶ mm⁴
8.Centroide y momento de inerciaDifícil
130230242802414xcotas en mm

Una sección en I soldada tiene un ala superior de 130 × 24 mm, un alma de 280 mm de alto y 14 mm de espesor, y un ala inferior de 230 × 24 mm (ancho × espesor). Halla su momento de inercia Ix respecto al eje horizontal x que pasa por su centroide.

ala superior: 130 × 24 mmalma: 14 × 280 mmala inferior: 230 × 24 mm
Ix = × 10⁶ mm⁴
9.Círculo de Mohr y transformación de tensionesMedia
σx​ = −10σy​ = 120τxy​ = −60MPa

Un punto de una pieza cargada tiene σₓ = −10 MPa, σᵧ = 120 MPa y τₓᵧ = −60 MPa (tracción positiva). Halla el ángulo θp desde el eje x hasta la dirección de la tensión principal mayor, entre −90° y 90°.

σx = −10 MPaσy = 120 MPaτxy = −60 MPa
θp = °
10.Círculo de Mohr y transformación de tensionesDifícil
σx​ = −20σy​ = −70τxy​ = −30MPa

Un punto de una placa delgada está en tensión plana: σₓ = −20 MPa, σᵧ = −70 MPa y τₓᵧ = −30 MPa (σz = 0). Halla la tensión equivalente de von Mises σvM.

σx = −20 MPaσy = −70 MPaτxy = −30 MPa
σvM = MPa
11.Flecha de la vigaMedia
w = 5 kN/mδL = 2 m

Una viga simplemente apoyada soporta una carga uniformemente repartida w en toda su luz. Halla la flecha máxima δmax, en el centro del vano.

w = 5 kN/mL = 2 mE = 70 GPa (aluminio)I = 8,5 × 10⁶ mm⁴
δmax = mm
12.Flecha de la vigaDifícil
w = 6 kN/mδL = 6 m

Una viga simplemente apoyada soporta una carga uniformemente repartida w. Su flecha no puede superar luz/360. Halla el momento de inercia mínimo Ireq que cumple este límite.

w = 6 kN/mL = 6 mE = 11 GPa (madera estructural)
Ireq = × 10⁶ mm⁴
13.Pandeo de pilaresMedia
PL = 5 md = 60 mmsección

Un pilar de longitud L de aluminio está empotrado en la base y libre arriba. Con la fórmula de Euler, halla su carga crítica de pandeo Pcr.

L = 5 mE = 70 GPa (aluminio)d = 60 mm
Pcr = kN
14.Pandeo de pilaresDifícil
PL = 4 md = 60 mmsección

Un pilar de longitud L de aluminio está empotrado en la base y libre arriba. Halla su esbeltez y la tensión crítica de pandeo σcr con la fórmula de Euler.

L = 4 mE = 70 GPa (aluminio)d = 60 mm
σcr = MPa

3Disoluciones

1.Tensión y deformación axial

Respuesta: P = 41,23 kN

Dos materiales: en serie (uno tras otro) cada tramo soporta la misma fuerza y los alargamientos se suman: δ = P·Σ L/(E·A). En paralelo (lado a lado entre placas rígidas) ambas partes se acortan lo mismo, así que sus deformaciones unitarias son iguales: la parte más rígida toma la mayor porción, Pi = P·EiAi/ΣEA, y σi = Ei·ε. Una barra sujeta entre dos muros rígidos con una carga en la unión es estáticamente indeterminada: los dos tramos se reparten la carga en proporción a su rigidez k = EA/L.

Áreas

A₁ = 706,9 mm², A₂ = 2827 mm²

Flexibilidades

L₁/(E₁A₁) = 500/(200000·706,9) = 3,537 × 10⁻⁶ mm/N
L₂/(E₂A₂) = 500/(70000·2827) = 2,526 × 10⁻⁶ mm/N

Carga

P = 0,25/6,063 × 10⁻⁶ = 41233 N = 41,23 kN

Respuesta

P = 41,23 kN
2.Tensión y deformación axial

Respuesta: Pmax = 510,5 kN

Dos materiales: en serie (uno tras otro) cada tramo soporta la misma fuerza y los alargamientos se suman: δ = P·Σ L/(E·A). En paralelo (lado a lado entre placas rígidas) ambas partes se acortan lo mismo, así que sus deformaciones unitarias son iguales: la parte más rígida toma la mayor porción, Pi = P·EiAi/ΣEA, y σi = Ei·ε. Una barra sujeta entre dos muros rígidos con una carga en la unión es estáticamente indeterminada: los dos tramos se reparten la carga en proporción a su rigidez k = EA/L.

Áreas

Ar = π·25²/4 = 490,9 mm²
At = π(100² − 50²)/4 = 5890 mm²

Rigidez axial combinada

ΣEA = 200·10³·490,9 + 70·10³·5890 = 5,105 × 10⁸ N

Deformación determinante

ε = min(0,001, 0,001) = 0,001 (aluminio)

Mayor carga

Pmax = 0,001·5,105 × 10⁸ = 510509 N = 510,5 kN

Respuesta

Pmax = 510,5 kN
3.Torsión de ejes

Respuesta: G = 39,01 GPa

Torsión de ejes circulares: la tensión cortante crece linealmente desde cero en el centro hasta τmax = T·r/J en la superficie, con J = πd⁴/32 para un eje macizo y J = π(do⁴ − di⁴)/32 para uno hueco. El ángulo de torsión es φ = TL/(GJ) en radianes. Potencia y par se relacionan por P = T·ω.

Momento polar y ángulo

J = π·10⁴/32 = 981,7 mm⁴
φ = 7,48·π/180 = 0,1306 rad

Módulo de elasticidad transversal

T = 20 N·m = 20000 N·mm
G = TL/(Jφ) = 20000·250/(981,7·0,1306) = 39011 MPa
G = 39,01 GPa

Respuesta

G = 39,01 GPa

Compara: acero ≈ 80 GPa, latón ≈ 39 GPa, aluminio ≈ 26 GPa.

4.Torsión de ejes

Respuesta: τmax = 18,11 MPa

Torsión de ejes circulares: la tensión cortante crece linealmente desde cero en el centro hasta τmax = T·r/J en la superficie, con J = πd⁴/32 para un eje macizo y J = π(do⁴ − di⁴)/32 para uno hueco. El ángulo de torsión es φ = TL/(GJ) en radianes. Potencia y par se relacionan por P = T·ω. Cuando ambos extremos están empotrados, la estática por sí sola solo da TA + TB = T₀; la segunda ecuación es la compatibilidad (igual torsión de ambas partes en la sección cargada).

Equilibrio y compatibilidad

TA + TB = 100
TA·a = TB·b
TA = 100·1,2/2,7 = 44,44 N·m
TB = 100·1,5/2,7 = 55,56 N·m

Tensión cortante máxima

Manda el mayor de los dos pares (mismo diámetro).

τmax = 16·55556/(π·25³) = 18,11 MPa

Respuesta

τmax = 18,11 MPa
5.Cortante y momento flector

Respuesta: Mx = 15 kN·m

Método de las secciones: corta la viga donde quieras conocer los esfuerzos internos y quédate con un lado. El cortante V equilibra las fuerzas verticales de ese lado, y el momento flector M equilibra sus momentos respecto al corte.

Reacciones en los apoyos

Equilibrio de toda la viga.

Resultante de la carga repartida: W = w·ℓ = 8·4 = 32 kN, aplicada en x̄ = 2 m
ΣMA = 0: RB·4 = 8·4·2
RB = 64/4 = 16 kN
ΣFy = 0: RA = 32 − 16 = 16 kN
w = 8 kN/mABRA​ = 16RB​ = 16sección1,5 m2,5 m

Corta en x = 1,5 m y quédate con la parte izquierda

Solo aparecen las fuerzas a la izquierda del corte. Un tramo de carga repartida actúa como una fuerza en el centro de ese tramo.

M = RA·x − (cada carga a la izquierda del corte × su distancia al corte)
Mx = 16·1,5 − 8·1,5·0,75 = 15 kN·m

Respuesta

Mx = 15 kN·m
6.Cortante y momento flector

Respuesta: Mmax = 55,13 kN·m

Método de las secciones: corta la viga donde quieras conocer los esfuerzos internos y quédate con un lado. El cortante V equilibra las fuerzas verticales de ese lado, y el momento flector M equilibra sus momentos respecto al corte. Momento máximo: como dM/dx = V, el momento flector alcanza su máximo donde el cortante pasa por cero, ya sea en una carga puntual o dentro de una carga repartida.

Reacciones en los apoyos

Equilibrio de toda la viga.

Resultante de la carga repartida: W = w·ℓ = 3·5 = 15 kN, aplicada en x̄ = 2,5 m
ΣMA = 0: RB·5 = 45·3,5 + 3·5·2,5
RB = 195/5 = 39 kN
ΣFy = 0: RA = 60 − 39 = 21 kN

¿Dónde es V = 0?

V(3,5⁻) = RA − w·3,5 = 10,5 kN
V(3,5⁺) = 10,5 − 45 = −34,5 kN
El cortante cambia de signo en la carga, así que el máximo está bajo la carga.

Momento máximo

Mmax = RA·3,5 − w·3,5²/2 = 21·3,5 − 3·3,5²/2 = 55,13 kN·m

Respuesta

Mmax = 55,13 kN·m

Se produce en x = 3,5 m desde A.

7.Centroide y momento de inercia

Respuesta: Ix = 32,36 × 10⁶ mm⁴

Secciones con huecos: trata un hueco como un área negativa. El centroide es ȳ = (A₁y₁ − A₂y₂)/(A₁ − A₂), con A₁, y₁ para la placa completa y A₂, y₂ para el hueco. Para el momento de inercia (segundo momento de área) respecto al eje centroidal, usa el teorema de los ejes paralelos para cada parte y resta el hueco: I = (Ic1 + A₁d₁²) − (Ic2 + A₂d₂²), donde d es la distancia del centroide propio de cada parte al eje que pasa por ȳ. Un rectángulo tiene Ic = bh³/12 y un círculo Ic = πd⁴/64.

Centroide

ȳ = (18000·75 − 2827·60)/(18000 − 2827) = 77,8 mm

Placa completa respecto a ȳ

120·150³/12 + 18000·−2,795² = 33,89 × 10⁶ mm⁴

Agujero respecto a ȳ

π·60⁴/64 + 2827·−17,8² = 1,532 × 10⁶ mm⁴

Resta

Ix = 32,36 × 10⁶ mm⁴

Respuesta

Ix = 32,36 × 10⁶ mm⁴
8.Centroide y momento de inercia

Respuesta: Ix = 215 × 10⁶ mm⁴

Áreas compuestas: divide la sección en rectángulos. El centroide es la media ponderada por áreas ȳ = ΣAᵢyᵢ/ΣAᵢ. El momento de inercia respecto al eje que pasa por el centroide suma el bh³/12 propio de cada parte y su término de Steiner A·d², donde d es la distancia del centroide de la parte al centroide global. La tensión de flexión es σ = M·y/I.

Divide en tres rectángulos

Mide cada y desde el borde inferior.

ala superior: A = 3120 mm², y = 316 mm
alma: A = 3920 mm², y = 164 mm
ala inferior: A = 5520 mm², y = 12 mm

Centroide

ȳ = (3120·316 + 3920·164 + 5520·12)/12560 = 135 mm

Teorema de Steiner

ala superior: 130·24³/12 + 3120·181² = 1,024 × 10⁸ mm⁴
alma: 14·280³/12 + 3920·29,04² = 2,892 × 10⁷ mm⁴
ala inferior: 230·24³/12 + 5520·123² = 8,372 × 10⁷ mm⁴
Ix = 1,024 × 10⁸ + 2,892 × 10⁷ + 8,372 × 10⁷
Ix = 2,15 × 10⁸ mm⁴ = 215 × 10⁶ mm⁴

Respuesta

Ix = 215 × 10⁶ mm⁴
9.Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Respuesta: θp = −68,65 °

Transformación de tensiones en estado plano: en un plano girado θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. El círculo de Mohr muestra todos los planos a la vez: su centro está en C = (σₓ + σᵧ)/2 y su radio es R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Las tensiones principales son C ± R, y la tensión cortante máxima en el plano es R.

στxyCσ1​σ2​

Ángulo en el círculo

En el círculo de Mohr, el punto x está a un ángulo 2θp del eje σ; el cuadrante se deduce de los signos de σₓ − σᵧ y τₓᵧ.

2θp = atan2(2·−60, −10 − 120) = −137,3°

Ángulo en el elemento

θp = −68,65°

Respuesta

θp = −68,65°

Los ángulos positivos son en sentido antihorario.

10.Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Respuesta: σvM = 81,24 MPa

Transformación de tensiones en estado plano: en un plano girado θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. El círculo de Mohr muestra todos los planos a la vez: su centro está en C = (σₓ + σᵧ)/2 y su radio es R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Las tensiones principales son C ± R, y la tensión cortante máxima en el plano es R. Criterios de plastificación: von Mises predice la plastificación cuando σvM = √(σ₁² − σ₁σ₂ + σ₂²) alcanza σY; Tresca, cuando la tensión cortante máxima absoluta alcanza σY/2.

στxyCσ1​σ2​

Tensiones principales

C = −45 MPa, R = 39,05 MPa
σ1 = −5,949 MPa, σ2 = −84,05 MPa, σ3 = 0

Von Mises

σvM = √((−5,949)² − (−5,949)·(−84,05) + (−84,05)²) = 81,24 MPa

Respuesta

σvM = 81,24 MPa
11.Flecha de la viga

Respuesta: δmax = 1,751 mm

Flecha de vigas: las flechas se obtienen integrando dos veces la curvatura M/(EI). Los casos habituales están tabulados, por ejemplo PL³/(3EI) para un voladizo con carga en el extremo y 5wL⁴/(384EI) para una viga simplemente apoyada con carga uniforme completa. Las flechas de cargas distintas se suman (superposición).

Unidades coherentes

Trabaja en N y mm: P en N, w en N/mm (kN/m = N/mm), L en mm, E en N/mm² (GPa × 1000), I en mm⁴.

w = 5 N/mm, L = 2000 mm
EI = 5,95 × 10¹¹ N·mm²

Flecha

δmax = 5wL⁴/(384EI) = 5·5·2000⁴/(384·5,95 × 10¹¹) = 1,751 mm

Respuesta

δmax = 1,751 mm
12.Flecha de la viga

Respuesta: Ireq = 552,3 × 10⁶ mm⁴

Flecha de vigas: las flechas se obtienen integrando dos veces la curvatura M/(EI). Los casos habituales están tabulados, por ejemplo PL³/(3EI) para un voladizo con carga en el extremo y 5wL⁴/(384EI) para una viga simplemente apoyada con carga uniforme completa. Las flechas de cargas distintas se suman (superposición).

Límite de flecha

δallow = L/360 = 6000/360 = 16,67 mm

Momento de inercia necesario

I = 5wL⁴/(384·E·δallow) = 5·6·6000⁴/(384·11000·16,67) = 5,523 × 10⁸ mm⁴
Ireq = 552,3 × 10⁶ mm⁴

Respuesta

Ireq = 552,3 × 10⁶ mm⁴
13.Pandeo de pilares

Respuesta: Pcr = 4,395 kN

Pandeo de Euler: un pilar esbelto se vuelve inestable en Pcr = π²EI/(KL)², donde KL es la longitud de pandeo: K = 1 para articulado–articulado, 2 para empotrado–libre, 0,7 para empotrado–articulado y 0,5 para empotrado–empotrado. Pandea respecto al eje con el menor I. La fórmula vale para pilares esbeltos, cuya tensión crítica queda por debajo del límite elástico.

Menor momento de inercia

Una sección circular tiene el mismo I respecto a cualquier eje.

I = πd⁴/64 = π·60⁴/64 = 636173 mm⁴

Longitud de pandeo

KL = 2·5000 = 10000 mm

Carga crítica

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·70000·636173/10000² = 4395 N = 4,395 kN

Respuesta

Pcr = 4,395 kN
14.Pandeo de pilares

Respuesta: σcr = 2,429 MPa

Pandeo de Euler: un pilar esbelto se vuelve inestable en Pcr = π²EI/(KL)², donde KL es la longitud de pandeo: K = 1 para articulado–articulado, 2 para empotrado–libre, 0,7 para empotrado–articulado y 0,5 para empotrado–empotrado. Pandea respecto al eje con el menor I. La fórmula vale para pilares esbeltos, cuya tensión crítica queda por debajo del límite elástico.

Menor momento de inercia

Una sección circular tiene el mismo I respecto a cualquier eje.

I = πd⁴/64 = π·60⁴/64 = 636173 mm⁴

Radio de giro y esbeltez

A = 2827 mm²
r = √(I/A) = √(636173/2827) = 15 mm
KL = 2·4000 = 8000 mm
KL/r = 8000/15 = 533,3

Tensión crítica

σcr = π²E/(KL/r)² = π²·70000/533,3² = 2,429 MPa

Respuesta

σcr = 2,429 MPa

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