Física 2: Electricidad y magnetismo: pack de repaso

Hojas de fórmulas, los pasos clave de los métodos de cada tema y 10 problemas de práctica, con las soluciones completas al final.

Problemas nuevosVolver a la asignatura

En la ventana de impresión, elige «Guardar como PDF» para conservar una copia en tu dispositivo.

1Fórmulas y métodos

Ley de Coulomb y campo eléctrico

Ley de Coulomb
F = k·|q1q2|/r²
Campo de una carga puntual
E = k·|q|/r²
Constante
k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C²
Fuerza sobre una carga
F = q·E

Resistencias en serie y en paralelo

Resistencias en serie
Req = R1 + R2 + …
Resistencias en paralelo
1/Req = 1/R1 + 1/R2 + …
Dos en paralelo
Req = R1R2 / (R1 + R2)
Ley de Ohm
V = I·R
Potencia
P = V·I = I²R = V²/R

Método

  1. Empieza por el extremo de la red más alejado de los terminales.
  2. Combina las resistencias en serie sumándolas, y las resistencias en paralelo con 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …
  3. Vuelve a dibujar el circuito después de cada paso.
  4. Repite hasta que quede una sola resistencia entre los terminales.

Transitorios RC y RL

Constante de tiempo
τ = RC | τ = L/R
Respuesta
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ
Condensador en continua
circuito abierto; vC no puede saltar
Bobina en continua
cortocircuito; iL no puede saltar
Régimen permanente
t ≈ 5τ

Método

  1. Halla el valor inicial justo después de la conmutación: la tensión de un condensador y la corriente de una bobina no pueden variar bruscamente.
  2. Halla el valor final mucho después de la conmutación: un condensador se comporta como un circuito abierto y una bobina como un cortocircuito.
  3. Halla la constante de tiempo: τ = RC o τ = L/R, usando la resistencia que ve el condensador o la bobina.
  4. Usa x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ.

Campos magnéticos e inducción

Hilo recto y largo
B = μ0I/(2πr)
Centro de una bobina plana
B = μ0NI/(2R)
Solenoide largo
B = μ0nI, n = N/L
Constante
μ0 = 4π × 10⁻⁷ T·m/A
Fuerza sobre un hilo
F = BIL·sin θ
Fuerza sobre una carga
F = |q|vB·sin θ
Movimiento circular
r = mv/(|q|B), T = 2πm/(|q|B)
Hilos paralelos
F/L = μ0I1I2/(2πd)
Flujo
Φ = BA·cos θ
Ley de Faraday
ε = −N·ΔΦ/Δt
Varilla en movimiento
ε = BLv
Generador
E0 = NBAω, Erms = E0/√2
Inductancia
ε = L·ΔI/Δt, L = μ0N²A/l, W = ½LI²
Inductancia mutua
ε2 = M·di1/dt, M = k√(L1L2)
Selector de velocidades y espectrómetro
v = E/B, r = √(2mV/|q|)/B

Método

  1. Convierte todas las magnitudes a unidades del SI: cm a m, cm² a m², mT y µT a T.
  2. Elige la fórmula correcta: B = μ₀I/(2πr) para un hilo, μ₀NI/(2R) para el centro de una bobina, μ₀nI dentro de un solenoide; F = BIL·sin θ o |q|vB·sin θ para las fuerzas.
  3. Para la inducción, halla la variación del flujo ΔΦ = Δ(BA·cos θ) y usa ε = N·ΔΦ/Δt, o ε = BLv para una varilla en movimiento y NBAω para una bobina giratoria.
  4. Halla los sentidos por separado con las reglas de la mano derecha, y con la ley de Lenz para las corrientes inducidas.

Impedancia y fasores en alterna

Impedancias
ZR = R, ZL = jωL, ZC = 1/(jωC)
Frecuencia angular
ω = 2πf
Módulo y ángulo
|Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
Ley de Ohm con fasores
V = I·Z

Método

  1. Convierte la frecuencia: ω = 2πf.
  2. Halla cada reactancia: XL = ωL y XC = 1/(ωC).
  3. Suma las impedancias como resistencias, con Z = R + jX.
  4. Halla el módulo |Z| = √(R² + X²) y el ángulo φ = atan(X/R), y luego aplica la ley de Ohm con fasores.

2Problemas de práctica

1.Ley de Coulomb y campo eléctricoMedia
++1 µC++6 µCP30 cm

Una carga de +1 µC y una carga de +6 µC están separadas 30 cm. El punto P está en la recta que las une, entre ambas, a 7,5 cm de la primera carga. Halla el módulo del campo eléctrico E en P.

q1 = +1 µCq2 = +6 µCr1 = 7,5 cmr2 = 22,5 cm
E = N/C
2.Ley de Coulomb y campo eléctricoDifícil
8 cm6 cm+q1​ = +6 µC+q3​ = +10 µC+q2​ = +2 µC

Tres cargas puntuales positivas están en los vértices de un triángulo rectángulo: q₃ = 10 µC está en el vértice del ángulo recto, q₁ = 6 µC está a 8 cm de ella a lo largo de un cateto y q₂ = 2 µC está a 6 cm de ella a lo largo del otro cateto. Halla el módulo de la fuerza eléctrica neta F sobre q₃.

q1 = 6 µCq2 = 2 µCq3 = 10 µCr13 = 8 cmr23 = 6 cm
F = N
3.Resistencias en serie y en paraleloMedia
R1​ = 8 ΩR3​ = 3 Ω+−V1​9 VR2​12 ΩIR2​AR4​6 ΩB

Halla la corriente IR2 por R2.

V1 = 9 VR1 = 8 ΩR2 = 12 ΩR3 = 3 ΩR4 = 6 Ω
IR2 = A
4.Resistencias en serie y en paraleloDifícil
R1​ = 5 ΩR3​ = 15 ΩR5​ = 25 Ω+−V1​36 VR2​20 ΩAR4​20 ΩBR6​4 Ω

Halla la resistencia equivalente Req que ve la fuente V1.

V1 = 36 VR1 = 5 ΩR2 = 20 ΩR3 = 15 ΩR4 = 20 ΩR5 = 25 ΩR6 = 4 Ω
Req = Ω
5.Transitorios RC y RLMedia
+−Vs​12 Vt = 0R1​ = 10 kΩR2​ = 1 kΩC10 µF+−vC​

La fuente Vₛ carga el condensador a través de R₁, y R₂ está conectada en paralelo con C. El condensador está descargado cuando el interruptor se cierra en t = 0. Halla la constante de tiempo τ del circuito después de cerrar el interruptor.

Vs = 12 VR1 = 10 kΩR2 = 1 kΩC = 10 µF
τ = ms
6.Transitorios RC y RLDifícil
+−Vs​12 Vt = 0R = ?C10 µF+−vC​

Un temporizador empieza a cargar en t = 0 un condensador descargado a través de una resistencia desde una alimentación de 12 V. Debe dispararse cuando la tensión del condensador llegue a 7,58 V, exactamente 50 ms después del inicio. Con C = 10 µF, halla la resistencia R necesaria.

Vs = 12 VVth = 7,58 VT = 50 msC = 10 µF
R = kΩ
7.Campos magnéticos e inducciónMedia
vI = ?

Una espira cuadrada se mueve hacia la derecha y entra en una región con un campo magnético uniforme dirigido hacia fuera de la página. Haz clic en el sentido de la corriente inducida en la espira, tal como se ve en el dibujo, mientras la espira entra en el campo.

B: hacia fuera de la páginaentrando en el campo
  1. 1horario
  2. 2en sentido antihorario
8.Campos magnéticos e inducciónDifícil
E = 2 × 10⁵ V/m, B1​ = 0,05 TB2​ = 0,4 Tr = ?

Un deuterón pasa sin desviarse por un selector de velocidades con campos cruzados E = 2 × 10⁵ V/m y B₁ = 0,05 T. Luego entra en una segunda región con solo un campo magnético B₂ = 0,4 T, en ángulo recto. Halla el radio r de su trayectoria allí.

E = 2 × 10⁵ V/mB1 = 0,05 TB2 = 0,4 Tm = 3,344 × 10⁻²⁷ kg|q| = 1,602 × 10⁻¹⁹ C
r = cm
9.Impedancia y fasores en alternaMedia
12 V200 HzR = 20 ΩL = 150 mHC = 4,7 µFI

Un circuito RLC en serie está conectado a una alimentación de 12 V (eficaces) y 200 Hz. Halla el factor de potencia cos φ del circuito.

V = 12 V (rms)f = 200 HzR = 20 ΩL = 150 mHC = 4,7 µF
cos φ =
10.Impedancia y fasores en alternaDifícil
VfR = 10 ΩL = 20 mHC = 0,22 µF

Un circuito RLC en serie tiene R = 10 Ω, L = 20 mH y C = 0,22 µF. Halla su ancho de banda B (la anchura de la banda entre las frecuencias de media potencia), en Hz.

R = 10 ΩL = 20 mHC = 0,22 µF
B = Hz

3Disoluciones

1.Ley de Coulomb y campo eléctrico

Respuesta: E = 532741 N/C

Ley de Coulomb: dos cargas puntuales se atraen o se repelen con F = k·|q₁·q₂|/r², con k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C². El campo de una carga puntual es E = k·|q|/r² y apunta alejándose de una carga positiva y hacia una carga negativa. Las fuerzas y los campos de varias cargas se suman como vectores.

Campo de cada carga

E1 = k·1 × 10⁻⁶/0,075² = 1,598 × 10⁶ N/C
E2 = k·6 × 10⁻⁶/0,225² = 1,065 × 10⁶ N/C

Sentidos y suma

Las dos cargas son positivas: en P cada campo apunta alejándose de su carga, es decir, en sentidos opuestos.

E = |1,598 × 10⁶ − 1,065 × 10⁶| = 532741 N/C

Respuesta

E = 532741 N/C
2.Ley de Coulomb y campo eléctrico

Respuesta: F = 97,97 N

Ley de Coulomb: dos cargas puntuales se atraen o se repelen con F = k·|q₁·q₂|/r², con k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C². El campo de una carga puntual es E = k·|q|/r² y apunta alejándose de una carga positiva y hacia una carga negativa. Las fuerzas y los campos de varias cargas se suman como vectores.

Cada fuerza sobre q₃

F1 = k·6·10 × 10⁻¹²/0,08² = 84,28 N
F2 = k·2·10 × 10⁻¹²/0,06² = 49,94 N

Suma vectorial

F = √(84,28² + 49,94²) = 97,97 N

Respuesta

F = 97,97 N
3.Resistencias en serie y en paralelo

Respuesta: IR2 = 0,2935 A

Resistencias en serie y en paralelo: en serie, la misma corriente pasa por cada resistencia y R = R₁ + R₂ + …. En paralelo, cada resistencia tiene la misma tensión y 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Una red en escalera se reduce por parejas hasta que queda una sola resistencia equivalente.

R1​ = 8 ΩR3​ = 3 Ω+−V1​9 VR2​12 ΩAR4​6 ΩB

Combina las resistencias desde el extremo más lejano

Empieza por el extremo más alejado de la fuente y avanza hacia ella. Las resistencias con la misma corriente están en serie; las que están entre los mismos dos nodos, en paralelo.

R3 + R4 = 3 + 6 = 9 Ω
R2 ∥ 9 = 12·9/(12+9) = 5,143 Ω
Req = R1 + 5,143 = 8 + 5,143 = 13,14 Ω

Corriente de la fuente

La fuente solo ve Req, así que la ley de Ohm da la corriente que entrega. Esa corriente pasa por R₁.

IR1 = V1/Req = 9/13,14 = 0,6848 A

Corriente por R₂

Resta la caída en R₁ para obtener la tensión en el nodo A, que es la tensión en R₂.

VA = V1 − IR1·R1 = 9 − 0,6848·8 = 3,522 V
IR2 = VA/R2 = 3,522/12 = 0,2935 A

Respuesta

IR2 = 0,2935 A
4.Resistencias en serie y en paralelo

Respuesta: Req = 16,46 Ω

Resistencias en serie y en paralelo: en serie, la misma corriente pasa por cada resistencia y R = R₁ + R₂ + …. En paralelo, cada resistencia tiene la misma tensión y 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Una red en escalera se reduce por parejas hasta que queda una sola resistencia equivalente.

R1​ = 5 ΩR3​ = 15 ΩR5​ = 25 Ω+−V1​36 VR2​20 ΩAR4​20 ΩBR6​4 Ω

Combina las resistencias desde el extremo más lejano

Empieza por el extremo más alejado de la fuente y avanza hacia ella. Las resistencias con la misma corriente están en serie; las que están entre los mismos dos nodos, en paralelo.

R5 + R6 = 25 + 4 = 29 Ω
R4 ∥ 29 = 11,84 Ω
R3 + 11,84 = 26,84 Ω
R2 ∥ 26,84 = 11,46 Ω
Req = R1 + 11,46 = 5 + 11,46 = 16,46 Ω

Respuesta

Req = 16,46 Ω
5.Transitorios RC y RL

Respuesta: τ = 9,091 ms

Transitorios de primer orden: en un circuito con un condensador o una bobina, cada tensión y corriente pasa de forma exponencial de su valor inicial a su valor final: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, con τ = RC o τ = L/R. Tras unos 5τ el circuito se ha estabilizado.

Equivalente de Thévenin visto por el condensador

Cortocircuita la fuente para hallar Rth; deja abierto el condensador para hallar la tensión a la que se estabilizará.

Rth = R1 ∥ R2 = 10·1/(10 + 1) = 0,9091 kΩ
vC(∞) = 12·1/(10 + 1) = 1,091 V

Constante de tiempo

τ = Rth·C = 0,9091·10 = 9,091 ms

Respuesta

τ = 9,091 ms
6.Transitorios RC y RL

Respuesta: R = 5,006 kΩ

Transitorios de primer orden: en un circuito con un condensador o una bobina, cada tensión y corriente pasa de forma exponencial de su valor inicial a su valor final: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, con τ = RC o τ = L/R. Tras unos 5τ el circuito se ha estabilizado.

Constante de tiempo necesaria

7,58 = 12·(1 − e−50/τ) → τ = 50/ln(12/(12 − 7,58))
τ = 50/0,9988 = 50,06 ms

Resistencia

kΩ por µF da milisegundos.

R = τ/C = 50,06/10 = 5,006 kΩ

Respuesta

R = 5,006 kΩ
7.Campos magnéticos e inducción

Respuesta: horario

Inducción electromagnética: el flujo a través de una espira es Φ = BA·cos θ, con θ entre B y la normal de la espira. Ley de Faraday: un cambio de flujo induce una fem = −N·dΦ/dt en una bobina de N espiras, y la ley de Lenz dice que la corriente inducida circula de modo que su propio campo se opone al cambio. Una varilla que se mueve a través de un campo da una fem = BLv. Una bobina que gira con ω da e = NBAω·sin ωt, con pico NBAω. Autoinducción: fem = −L·di/dt, con L = μ₀N²A/l para un solenoide largo, y la energía almacenada es W = ½LI². Dos bobinas acopladas: fem₂ = −M·di₁/dt con M = k√(L₁L₂).

Variación del flujo

El flujo hacia fuera de la página aumenta, o el flujo hacia dentro de la página disminuye.

Campo de la corriente inducida

La corriente inducida se opone a la variación.

Campo inducido dentro de la espira: hacia dentro de la página.

Sentido de la corriente

Regla de la mano derecha: una corriente en sentido antihorario da un campo hacia fuera de la página dentro de la espira.

horario

Respuesta

horario
8.Campos magnéticos e inducción

Respuesta: r = 20,87 cm

Fuerzas magnéticas: un hilo recto que lleva una corriente I en un campo B sufre F = BIL·sin θ, y una carga en movimiento F = |q|vB·sin θ, donde θ es el ángulo entre la corriente (o la velocidad) y B. La fuerza es perpendicular a ambos: apunta con los dedos de la mano derecha a lo largo de I o v, gíralos hacia B, y el pulgar da F para una carga positiva; invierte el sentido para una carga negativa. Como F es perpendicular a v, una carga que se mueve a través de un campo uniforme describe una circunferencia: |q|vB = mv²/r da r = mv/(|q|B) y el periodo T = 2πm/(|q|B), que no depende de la velocidad. Dos hilos paralelos se atraen cuando las corrientes tienen el mismo sentido: F/L = μ₀I₁I₂/(2πd).

Velocidad seleccionada

Sin desviarse: la fuerza eléctrica qE equilibra la fuerza magnética qvB.

v = E/B1 = 2 × 10⁵/0,05 = 4 × 10⁶ m/s

Radio en el segundo campo

r = mv/(|q|B2) = 0,2087 m = 20,87 cm

Respuesta

r = 20,87 cm
9.Impedancia y fasores en alterna

Respuesta: cos φ = 0,7217

Circuitos de alterna con fasores: resistencias, bobinas y condensadores tienen impedancias R, jωL y 1/(jωC), con ω = 2πf. En serie, las impedancias se suman como resistencias, pero como números complejos. La corriente y la tensión eficaces siguen la ley de Ohm con |Z|.

Reactancias

XL = 188,5 Ω, XC = 169,3 Ω

Impedancia

|Z| = √(20² + (19,18)²) = 27,71 Ω

Factor de potencia

cos φ = R/|Z| = 20/27,71 = 0,7217
El circuito es inductivo, así que el factor de potencia es inductivo (en retraso).

Respuesta

cos φ = 0,7217
10.Impedancia y fasores en alterna

Respuesta: B = 79,58 Hz

Circuitos de alterna con fasores: resistencias, bobinas y condensadores tienen impedancias R, jωL y 1/(jωC), con ω = 2πf. En serie, las impedancias se suman como resistencias, pero como números complejos. La corriente y la tensión eficaces siguen la ley de Ohm con |Z|.

Frecuencia de resonancia

f0 = 1/(2π·√(0,02·0,22·10⁻⁶)) = 2399 Hz

Factor de calidad

Q compara la reactancia en resonancia con la resistencia: Q = ω₀L/R.

Q = (1/R)·√(L/C) = (1/10)·√(0,02/(0,22·10⁻⁶)) = 30,15

Ancho de banda

B = f0/Q = 2399/30,15 = 79,58 Hz

Respuesta

B = 79,58 Hz

ExamProblems · examproblems.com/courses/physics-2-electricity-and-magnetism