Física 2: Electricidad y magnetismo: pack de repaso

Hojas de fórmulas, los pasos clave de los métodos de cada tema y 10 problemas de práctica, con las soluciones completas al final.

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1Fórmulas y métodos

Ley de Coulomb y campo eléctrico

Ley de Coulomb
F = k·|q1q2|/r²
Campo de una carga puntual
E = k·|q|/r²
Constante
k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C²
Fuerza sobre una carga
F = q·E

Resistencias en serie y en paralelo

Resistencias en serie
Req = R1 + R2 + …
Resistencias en paralelo
1/Req = 1/R1 + 1/R2 + …
Dos en paralelo
Req = R1R2 / (R1 + R2)
Ley de Ohm
V = I·R
Potencia
P = V·I = I²R = V²/R

Método

  1. Empieza por el extremo de la red más alejado de los terminales.
  2. Combina las resistencias en serie sumándolas, y las resistencias en paralelo con 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …
  3. Vuelve a dibujar el circuito después de cada paso.
  4. Repite hasta que quede una sola resistencia entre los terminales.

Transitorios RC y RL

Constante de tiempo
τ = RC | τ = L/R
Respuesta
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ
Condensador en continua
circuito abierto; vC no puede saltar
Bobina en continua
cortocircuito; iL no puede saltar
Régimen permanente
t ≈ 5τ

Método

  1. Halla el valor inicial justo después de la conmutación: la tensión de un condensador y la corriente de una bobina no pueden variar bruscamente.
  2. Halla el valor final mucho después de la conmutación: un condensador se comporta como un circuito abierto y una bobina como un cortocircuito.
  3. Halla la constante de tiempo: τ = RC o τ = L/R, usando la resistencia que ve el condensador o la bobina.
  4. Usa x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ.

Campos magnéticos e inducción

Hilo recto y largo
B = μ0I/(2πr)
Centro de una bobina plana
B = μ0NI/(2R)
Solenoide largo
B = μ0nI, n = N/L
Constante
μ0 = 4π × 10⁻⁷ T·m/A
Fuerza sobre un hilo
F = BIL·sin θ
Fuerza sobre una carga
F = |q|vB·sin θ
Movimiento circular
r = mv/(|q|B), T = 2πm/(|q|B)
Hilos paralelos
F/L = μ0I1I2/(2πd)
Flujo
Φ = BA·cos θ
Ley de Faraday
ε = −N·ΔΦ/Δt
Varilla en movimiento
ε = BLv
Generador
E0 = NBAω, Erms = E0/√2
Inductancia
ε = L·ΔI/Δt, L = μ0N²A/l, W = ½LI²
Inductancia mutua
ε2 = M·di1/dt, M = k√(L1L2)
Selector de velocidades y espectrómetro
v = E/B, r = √(2mV/|q|)/B

Método

  1. Convierte todas las magnitudes a unidades del SI: cm a m, cm² a m², mT y µT a T.
  2. Elige la fórmula correcta: B = μ₀I/(2πr) para un hilo, μ₀NI/(2R) para el centro de una bobina, μ₀nI dentro de un solenoide; F = BIL·sin θ o |q|vB·sin θ para las fuerzas.
  3. Para la inducción, halla la variación del flujo ΔΦ = Δ(BA·cos θ) y usa ε = N·ΔΦ/Δt, o ε = BLv para una varilla en movimiento y NBAω para una bobina giratoria.
  4. Halla los sentidos por separado con las reglas de la mano derecha, y con la ley de Lenz para las corrientes inducidas.

Impedancia y fasores en alterna

Impedancias
ZR = R, ZL = jωL, ZC = 1/(jωC)
Frecuencia angular
ω = 2πf
Módulo y ángulo
|Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
Ley de Ohm con fasores
V = I·Z

Método

  1. Convierte la frecuencia: ω = 2πf.
  2. Halla cada reactancia: XL = ωL y XC = 1/(ωC).
  3. Suma las impedancias como resistencias, con Z = R + jX.
  4. Halla el módulo |Z| = √(R² + X²) y el ángulo φ = atan(X/R), y luego aplica la ley de Ohm con fasores.

2Problemas de práctica

1.Ley de Coulomb y campo eléctricoMedia
++10 µC++8 µCE = 030 cm

Dos cargas de +10 µC y +8 µC están a 30 cm de distancia. ¿A qué distancia x de la carga de +10 µC, sobre la recta que las une, es nulo el campo eléctrico?

q1 = +10 µCq2 = +8 µCd = 30 cm
x = cm
2.Ley de Coulomb y campo eléctricoDifícil
8 cm3 cm+q1​ = +1 µC+q3​ = +4 µC+q2​ = +4 µC

Tres cargas puntuales positivas están en los vértices de un triángulo rectángulo: q₃ = 4 µC está en el vértice del ángulo recto, q₁ = 1 µC está a 8 cm de ella a lo largo de un cateto y q₂ = 4 µC está a 3 cm de ella a lo largo del otro cateto. Halla el módulo de la fuerza eléctrica neta F sobre q₃.

q1 = 1 µCq2 = 4 µCq3 = 4 µCr13 = 8 cmr23 = 3 cm
F = N
3.Resistencias en serie y en paraleloMedia
R1​ = 2 ΩIR1​R3​ = 12 Ω+−V1​6 VR2​5 ΩAR4​5 ΩB

Halla la corriente IR1 que entrega la fuente, que pasa por R1.

V1 = 6 VR1 = 2 ΩR2 = 5 ΩR3 = 12 ΩR4 = 5 Ω
IR1 = A
4.Resistencias en serie y en paraleloDifícil
R1​ = 5 ΩR3​ = 30 ΩR5​ = 30 Ω+−V1​10 VR2​4 ΩIR2​AR4​6 ΩBR6​6 Ω

Halla la corriente IR2 por R2.

V1 = 10 VR1 = 5 ΩR2 = 4 ΩR3 = 30 ΩR4 = 6 ΩR5 = 30 ΩR6 = 6 Ω
IR2 = A
5.Transitorios RC y RLMedia
+−Vs​30 Vt = 0R1​ = 1 kΩR2​ = 10 kΩC100 µF+−vC​

La fuente Vₛ carga el condensador a través de R₁, y R₂ está conectada en paralelo con C. El condensador está descargado cuando el interruptor se cierra en t = 0. Halla la tensión del condensador vC en t = 250 ms.

Vs = 30 VR1 = 1 kΩR2 = 10 kΩC = 100 µFt = 250 ms
vC = V
6.Transitorios RC y RLDifícil
+−Vs​10 Vse abre en t = 0R1​ = 6,8 kΩR2​ = 2,2 kΩC220 µF+−vC​

El interruptor lleva mucho tiempo cerrado, así que el circuito está en régimen permanente. En t = 0 se abre el interruptor. Halla la tensión del condensador vC en t = 750 ms.

Vs = 10 VR1 = 6,8 kΩR2 = 2,2 kΩC = 220 µFt = 750 ms
vC = V
7.Campos magnéticos e inducciónMedia
nBA = 100 cm², N = 10B = 0,2 T

Una bobina de 10 espiras tiene un área de 100 cm². La bobina se da la vuelta (se gira 180°) en un campo uniforme de 0,2 T, perpendicular a su plano, en 500 ms. Halla la fem inducida media ε.

N = 10A = 100 cm²B = 0,2 TΔt = 500 ms
ε = mV
8.Campos magnéticos e inducciónDifícil
I = 0,5 Al = 10 cmN = 800, ⌀ 4 cm

Un solenoide largo con núcleo de aire tiene 800 espiras, una longitud de 10 cm y un diámetro de 4 cm. Halla la energía W almacenada en su campo magnético cuando lleva 0,5 A.

N = 800l = 10 cm⌀ = 4 cmI = 0,5 Aμ₀ = 4π × 10⁻⁷ T·m/A
W = mJ
9.Impedancia y fasores en alternaMedia
12 V60 HzR = 20 ΩL = 200 mHC = 100 µFI

Un circuito RLC en serie está conectado a una alimentación de 12 V (eficaces) y 60 Hz. Halla la corriente eficaz I.

V = 12 V (rms)f = 60 HzR = 20 ΩL = 200 mHC = 100 µF
I = A
10.Impedancia y fasores en alternaDifícil
10 V200 HzR = 30 ΩL = 150 mHC = 100 µF+−VC​

Un circuito RLC en serie está conectado a una alimentación de 10 V (eficaces) y 200 Hz. Halla la tensión eficaz VC en el condensador.

V = 10 V (rms)f = 200 HzR = 30 ΩL = 150 mHC = 100 µF
VC = V

3Disoluciones

1.Ley de Coulomb y campo eléctrico

Respuesta: x = 15,84 cm

Coulomb’s law: two point charges attract or repel with F = k·|q₁·q₂|/r², with k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C². The field of a point charge is E = k·|q|/r², pointing away from a positive charge and towards a negative one. Forces and fields from several charges add as vectors.

Campos iguales

10/x² = 8/(30 − x)²
(30 − x)/x = √(8/10) = 0,8944

Posición

x = 30/(1 + 0,8944) = 15,84 cm

Respuesta

x = 15,84 cm

El punto de campo nulo siempre está más cerca de la carga menor.

2.Ley de Coulomb y campo eléctrico

Respuesta: F = 159,9 N

Ley de Coulomb: dos cargas puntuales se atraen o se repelen con F = k·|q₁·q₂|/r², con k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C². El campo de una carga puntual es E = k·|q|/r² y apunta alejándose de una carga positiva y hacia una carga negativa. Las fuerzas y los campos de varias cargas se suman como vectores.

Cada fuerza sobre q₃

F1 = k·1·4 × 10⁻¹²/0,08² = 5,619 N
F2 = k·4·4 × 10⁻¹²/0,03² = 159,8 N

Suma vectorial

F = √(5,619² + 159,8²) = 159,9 N

Respuesta

F = 159,9 N
3.Resistencias en serie y en paralelo

Respuesta: IR1 = 1,023 A

Resistencias en serie y en paralelo: en serie, la misma corriente pasa por cada resistencia y R = R₁ + R₂ + …. En paralelo, cada resistencia tiene la misma tensión y 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Una red en escalera se reduce por parejas hasta que queda una sola resistencia equivalente.

R1​ = 2 ΩR3​ = 12 Ω+−V1​6 VR2​5 ΩAR4​5 ΩB

Combina las resistencias desde el extremo más lejano

Empieza por el extremo más alejado de la fuente y avanza hacia ella. Las resistencias con la misma corriente están en serie; las que están entre los mismos dos nodos, en paralelo.

R3 + R4 = 12 + 5 = 17 Ω
R2 ∥ 17 = 5·17/(5+17) = 3,864 Ω
Req = R1 + 3,864 = 2 + 3,864 = 5,864 Ω

Corriente de la fuente

La fuente solo ve Req, así que la ley de Ohm da la corriente que entrega. Esa corriente pasa por R₁.

IR1 = V1/Req = 6/5,864 = 1,023 A

Respuesta

IR1 = 1,023 A
4.Resistencias en serie y en paralelo

Respuesta: IR2 = 1,045 A

Resistencias en serie y en paralelo: en serie, la misma corriente pasa por cada resistencia y R = R₁ + R₂ + …. En paralelo, cada resistencia tiene la misma tensión y 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Una red en escalera se reduce por parejas hasta que queda una sola resistencia equivalente.

R1​ = 5 ΩR3​ = 30 ΩR5​ = 30 Ω+−V1​10 VR2​4 ΩAR4​6 ΩBR6​6 Ω

Combina las resistencias desde el extremo más lejano

Empieza por el extremo más alejado de la fuente y avanza hacia ella. Las resistencias con la misma corriente están en serie; las que están entre los mismos dos nodos, en paralelo.

R5 + R6 = 30 + 6 = 36 Ω
R4 ∥ 36 = 5,143 Ω
R3 + 5,143 = 35,14 Ω
R2 ∥ 35,14 = 3,591 Ω
Req = R1 + 3,591 = 5 + 3,591 = 8,591 Ω

Corriente de la fuente

La fuente solo ve Req, así que la ley de Ohm da la corriente que entrega. Esa corriente pasa por R₁.

IR1 = V1/Req = 10/8,591 = 1,164 A

Corriente por R₂

Resta la caída en R₁ para obtener la tensión en el nodo A, que es la tensión en R₂.

VA = V1 − IR1·R1 = 10 − 1,164·5 = 4,18 V
IR2 = VA/R2 = 4,18/4 = 1,045 A

Respuesta

IR2 = 1,045 A
5.Transitorios RC y RL

Respuesta: vC = 25,53 V

Transitorios de primer orden: en un circuito con un condensador o una bobina, cada tensión y corriente pasa de forma exponencial de su valor inicial a su valor final: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, con τ = RC o τ = L/R. Tras unos 5τ el circuito se ha estabilizado.

Equivalente de Thévenin visto por el condensador

Cortocircuita la fuente para hallar Rth; deja abierto el condensador para hallar la tensión a la que se estabilizará.

Rth = R1 ∥ R2 = 1·10/(1 + 10) = 0,9091 kΩ
vC(∞) = 30·10/(1 + 10) = 27,27 V

Constante de tiempo

τ = Rth·C = 0,9091·100 = 90,91 ms

Curva de carga

vC(t) = 27,27·(1 − e−250/90,91) = 25,53 V

Respuesta

vC = 25,53 V
6.Transitorios RC y RL

Respuesta: vC = 0,519 V

Transitorios de primer orden: en un circuito con un condensador o una bobina, cada tensión y corriente pasa de forma exponencial de su valor inicial a su valor final: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, con τ = RC o τ = L/R. Tras unos 5τ el circuito se ha estabilizado.

Tensión inicial del condensador

En régimen permanente el condensador es un circuito abierto, así que R₁ y R₂ forman un divisor de tensión. La tensión del condensador no puede saltar al abrirse el interruptor.

vC(0) = 10·2,2/(6,8 + 2,2) = 2,444 V

Constante de tiempo tras abrirse el interruptor

τ = R2·C = 2,2·220 = 484 ms

Descarga

vC(t) = 2,444·e−750/484 = 0,519 V

Respuesta

vC = 0,519 V
7.Campos magnéticos e inducción

Respuesta: ε = 80 mV

Inducción electromagnética: el flujo a través de una espira es Φ = BA·cos θ, con θ entre B y la normal de la espira. Ley de Faraday: un cambio de flujo induce una fem = −N·dΦ/dt en una bobina de N espiras, y la ley de Lenz dice que la corriente inducida circula de modo que su propio campo se opone al cambio. Una varilla que se mueve a través de un campo da una fem = BLv. Una bobina que gira con ω da e = NBAω·sin ωt, con pico NBAω. Autoinducción: fem = −L·di/dt, con L = μ₀N²A/l para un solenoide largo, y la energía almacenada es W = ½LI². Dos bobinas acopladas: fem₂ = −M·di₁/dt con M = k√(L₁L₂).

Variación del flujo por espira

ΔΦ = 2·0,2·0,01 = 0,004 Wb

Fem media

ε = NΔΦ/Δt = 10·0,004/0,5 = 0,08 V

Respuesta

ε = 80 mV
8.Campos magnéticos e inducción

Respuesta: W = 1,263 mJ

Inducción electromagnética: el flujo a través de una espira es Φ = BA·cos θ, con θ entre B y la normal de la espira. Ley de Faraday: un cambio de flujo induce una fem = −N·dΦ/dt en una bobina de N espiras, y la ley de Lenz dice que la corriente inducida circula de modo que su propio campo se opone al cambio. Una varilla que se mueve a través de un campo da una fem = BLv. Una bobina que gira con ω da e = NBAω·sin ωt, con pico NBAω. Autoinducción: fem = −L·di/dt, con L = μ₀N²A/l para un solenoide largo, y la energía almacenada es W = ½LI². Dos bobinas acopladas: fem₂ = −M·di₁/dt con M = k√(L₁L₂).

Autoinducción

L = μ₀N²A/l = 10,11 mH

Energía almacenada

W = ½LI² = ½·0,01011·0,5² = 0,001263 J = 1,263 mJ

Respuesta

W = 1,263 mJ
9.Impedancia y fasores en alterna

Respuesta: I = 0,2272 A

Circuitos de alterna con fasores: resistencias, bobinas y condensadores tienen impedancias R, jωL y 1/(jωC), con ω = 2πf. En serie, las impedancias se suman como resistencias, pero como números complejos. La corriente y la tensión eficaces siguen la ley de Ohm con |Z|.

Reactancias

ω = 2πf = 2π·60 = 377 rad/s
XL = ωL = 377·0,2 = 75,4 Ω
XC = 1/(ωC) = 1/(377·100·10⁻⁶) = 26,53 Ω

Impedancia

En serie, las impedancias se suman como números complejos: Z = R + j(XL − XC).

|Z| = √(R² + (XL − XC)²) = √(20² + (48,87)²) = 52,81 Ω

Corriente

La misma corriente pasa por todos los elementos de un circuito en serie.

I = V/|Z| = 12/52,81 = 0,2272 A

Respuesta

I = 0,2272 A
10.Impedancia y fasores en alterna

Respuesta: VC = 0,4348 V

Circuitos de alterna con fasores: resistencias, bobinas y condensadores tienen impedancias R, jωL y 1/(jωC), con ω = 2πf. En serie, las impedancias se suman como resistencias, pero como números complejos. La corriente y la tensión eficaces siguen la ley de Ohm con |Z|.

Reactancias

ω = 2πf = 2π·200 = 1257 rad/s
XL = ωL = 1257·0,15 = 188,5 Ω
XC = 1/(ωC) = 1/(1257·100·10⁻⁶) = 7,958 Ω

Impedancia

En serie, las impedancias se suman como números complejos: Z = R + j(XL − XC).

|Z| = √(R² + (XL − XC)²) = √(30² + (180,5)²) = 183 Ω

Corriente

La misma corriente pasa por todos los elementos de un circuito en serie.

I = V/|Z| = 10/183 = 0,05464 A

Tensión en el condensador

VC = I·XC = 0,05464·7,958 = 0,4348 V

Respuesta

VC = 0,4348 V

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