Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −16 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −168 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1110 0001 XOR 0010 1011. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

1110 0001XOR0010 1011
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
p ∧ ¬r¬r → ¬p¬p → ¬rr → p

Vous voulez prouver p → r par contraposée. Quelle implication prouvez-vous à la place ? Cliquez dessus.

p → r
  1. 1p ∧ ¬r
  2. 2¬r → ¬p
  3. 3¬p → ¬r
  4. 4r → p
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
¬bc ∧ ¬b¬cb

Les prémisses c → b; c sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.

c → bc
  1. 1¬b
  2. 2c ∧ ¬b
  3. 3¬c
  4. 4b
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111011111

Dans ce tableau de Karnaugh, exactement un 1 n’a aucun 1 voisin, donc il reste un groupe d’une seule case (un minterme complet de quatre littéraux) dans la forme SOP minimale. Les voisins de part et d’autre des bords du tableau comptent. Cliquez sur cette case.

F = Σm(0, 2, 5, 10, 11)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​TQ4​Q4​CLK

Un compteur asynchrone de 5 bits est construit avec des bascules ayant chacune un temps de propagation de 10 ns. Toutes les sorties doivent être stabilisées avant le front d’horloge suivant. Trouvez la fréquence d’horloge maximale fmax.

n = 5tpd = 10 ns
fmax = MHz
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’inverse de 9 modulo 31 : le nombre x avec 0 < x < 31 et 9·x ≡ 1 (mod 31).

a = 9n = 31
9−1 mod 31 =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile

Utilisez le carré répété pour trouver 787 mod 13.

a = 7k = 87n = 13
787 mod 13 =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Pourquoi de nombreuses routines de tri des bibliothèques passent-elles au tri par insertion pour les très petits sous-tableaux ?

  1. ALe tri par insertion utilise moins de mémoire que tout autre algorithme de tri sur les grandes entrées
  2. BLe tri par insertion a peu de surcoût et est rapide sur les entrées petites ou presque triées
  3. CLes algorithmes récursifs ne peuvent pas traiter les tableaux de moins de 10 éléments
  4. DLe tri par insertion est en O(n log n) dans le pire cas
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Un problème est NP-complet s'il :

  1. AEst hors de NP mais plus difficile que tous les problèmes NP, comme le problème de l'arrêt
  2. BAppartient à NP et si tout problème NP se réduit à lui en temps polynomial
  3. CEst impossible à résoudre
  4. DEst résoluble en temps polynomial
11.Structures de donnéesMoyen

Combien de nœuds possède un arbre binaire parfait de hauteur h, la hauteur étant comptée en arêtes ?

  1. A2h+1 − 1
  2. Bh2
  3. C2h + 1
  4. D2h
12.Structures de donnéesDifficile

Les clés 5, 3, 8, 1 sont insérées dans cet ordre dans un tas binaire min vide stocké dans un tableau. Quel est le tableau final ?

  1. A[1, 3, 8, 5]
  2. B[1, 3, 5, 8]
  3. C[3, 1, 8, 5]
  4. D[1, 5, 8, 3]
13.Théorie des graphesMoyen

Un arbre a 2 sommets de degré 3, 3 sommets de degré 4, 4 sommets de degré 2, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?

2 × deg 33 × deg 44 × deg 2
L =
14.Théorie des graphesDifficile
13918116210812ABCDEFG

Trouvez le poids total W d’un arbre couvrant minimal du graphe pondéré.

|V| = 7|E| = 9
W =
15.Bases de données et SQLMoyen

Une table employees possède une colonne manager_id qui fait référence à un autre employé. Comment lister chaque employé à côté du nom de son responsable ?

  1. ACombiner la table avec elle-même au moyen de UNION ALL et d'un filtre WHERE
  2. BJoindre la table employees à elle-même avec deux alias
  3. CCréer une seconde copie de la table sur disque
  4. DUtiliser uniquement GROUP BY manager_id
16.Bases de données et SQLDifficile

Pourquoi NATURAL JOIN est-il considéré comme risqué dans les requêtes de production ?

  1. AIl ignore les clés primaires et étrangères et ne garde que les lignes NULL
  2. BIl renvoie toujours un produit cartésien
  3. CIl n'est pris en charge par aucune base de données
  4. DIl joint sur toutes les colonnes de même nom, si bien qu'une nouvelle colonne peut modifier le résultat sans prévenir
17.Réseaux informatiquesMoyen

À quelle couche OSI un commutateur (switch) fonctionne-t-il normalement ?

  1. ALiaison de données (couche 2)
  2. BPhysique (couche 1)
  3. CRéseau (couche 3)
  4. DTransport (couche 4)
18.Réseaux informatiquesDifficile

Comment un réseau de diffusion de contenu (CDN) améliore-t-il principalement les performances web ?

  1. AIl augmente la bande passante des connexions domestiques des utilisateurs eux-mêmes
  2. BIl supprime le besoin de requêtes DNS
  3. CIl remplace TCP par un protocole de transport plus rapide
  4. DIl sert du contenu en cache depuis des serveurs proches des utilisateurs
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
255.255.252.011111111111111111111110000000000bits réseaubits hôte

Un sous-réseau utilise le masque 255.255.252.0. Combien d’adresses d’hôte utilisables H possède-t-il ?

255.255.252.0
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
dernier octet = 155112806403211618041211réseauhôte

Un hôte a l'adresse 10.20.28.155/28. Quel est le dernier nombre (quatrième octet) x de l'adresse de diffusion de son sous-réseau ?

10.20.28.155/28
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 240

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

16 = 0001 0000
inversé: 1110 1111
+1 → 1111 0000

Le lire en non signé

1111 0000₂ = 256 − 16 = 240

Réponse

U = 240
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 202

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

OU exclusif (XOR) donne 1 quand les deux bits diffèrent.

1110 0001
XOR 0010 1011
= 1100 1010

Valeur du résultat

1100 1010₂ = 202

Réponse

R = 202
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ¬r → ¬p

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Parties de l’implication

a = p, b = r

Contraposée

¬b → ¬a = ¬r → ¬p

Réponse

¬r → ¬p

La contraposée est équivalente à l’énoncé initial, donc la prouver prouve l’énoncé.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: b

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Lignes où toutes les prémisses sont vraies

b = 1, c = 1: ¬b = 0, c ∧ ¬b = 0, ¬c = 0, b = 1

Conclusion

b (modus ponens)

Réponse

b
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: AB = 01, CD = 01

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

Voisins de chaque 1

Un 1 ayant un 1 voisin peut rejoindre un groupe de deux ou plus.

m5: m4, m7, m1, m13 → 0
ABCD000111100001111011111

Le 1 isolé

m5 = A′BC′D → AB = 01, CD = 01

Réponse

AB = 01, CD = 01
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: fmax = 20 MHz

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Temps de stabilisation dans le pire cas

T = 5·10 ns = 50 ns

Fréquence maximale

fmax = 1/50 ns = 20 MHz

Réponse

fmax = 20 MHz
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 9−1 mod 31 = 7

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algorithme d’Euclide étendu

Chaque reste r s’écrit r ≡ t·9 (mod 31).

r = 31, t = 0
r = 9, q = 3, t = 1
r = 4, q = 2, t = −3
r = 1, q = 4, t = 7

Inverse

1 ≡ 7·9 (mod 31)
x = 7
vérification: 9·7 = 63 = 2·31 + 1

Réponse

9−1 mod 31 = 7
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 787 mod 13 = 5

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant binaire

87 = 10101112 = 64 + 16 + 4 + 2 + 1

Carré répété

71 ≡ 7 (mod 13)
72 ≡ 10 (mod 13)
74 ≡ 9 (mod 13)
78 ≡ 3 (mod 13)
716 ≡ 9 (mod 13)
732 ≡ 3 (mod 13)
764 ≡ 9 (mod 13)

Multiplier les puissances nécessaires

787 ≡ 7·10·9·9·9 ≡ 5 (mod 13)

Réponse

787 mod 13 = 5
9.Algorithmes et complexité

Réponse: B · Le tri par insertion a peu de surcoût et est rapide sur les entrées petites ou presque triées

Pourquoi c'est la réponse

Pour n petit, la simple boucle du tri par insertion bat le surcoût de récursion du tri rapide ou du tri fusion, bien qu'elle soit en O(n²).

Réponse

B · Le tri par insertion a peu de surcoût et est rapide sur les entrées petites ou presque triées
10.Algorithmes et complexité

Réponse: B · Appartient à NP et si tout problème NP se réduit à lui en temps polynomial

Pourquoi c'est la réponse

Les problèmes NP-complets sont les plus difficiles de NP ; un algorithme polynomial pour l'un d'eux en donnerait un pour tout NP.

Réponse

B · Appartient à NP et si tout problème NP se réduit à lui en temps polynomial
11.Structures de données

Réponse: A · 2h+1 − 1

Pourquoi c'est la réponse

La somme 1 + 2 + 4 + ... + 2h vaut 2h+1 − 1 ; par exemple, une hauteur de 2 donne 7 nœuds.

Réponse

A · 2h+1 − 1
12.Structures de données

Réponse: A · [1, 3, 8, 5]

Pourquoi c'est la réponse

Après 5, 3, 8, le tableau est [3, 5, 8] ; 1 va à l'indice 3, s'échange avec son parent 5 puis avec 3, ce qui donne [1, 3, 8, 5].

Réponse

A · [1, 3, 8, 5]
13.Théorie des graphes

Réponse: L = 10

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Lemme des poignées de main pour un arbre

L + 26 = 2(L + 9) − 2
L = 10

Réponse

L = 10

Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.

14.Théorie des graphes

Réponse: W = 43

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Algorithme de Kruskal

CE (1): prise
DF (2): prise
GD (8): prise
BC (9): prise
GB (10): prise
GE (12): sautée, ferme un cycle
AB (13): prise

Poids total

W = 1 + 2 + 8 + 9 + 10 + 13 = 43

Réponse

W = 43
15.Bases de données et SQL

Réponse: B · Joindre la table employees à elle-même avec deux alias

Pourquoi c'est la réponse

Une auto-jointure comme FROM employees e JOIN employees m ON e.manager_id = m.id permet à un alias de représenter l'employé et à l'autre son responsable.

Réponse

B · Joindre la table employees à elle-même avec deux alias
16.Bases de données et SQL

Réponse: D · Il joint sur toutes les colonnes de même nom, si bien qu'une nouvelle colonne peut modifier le résultat sans prévenir

Pourquoi c'est la réponse

Une jointure naturelle fait correspondre toutes les colonnes de même nom, par exemple une colonne "name" ou "created_at" sans rapport ; une clause ON ou USING explicite est plus sûre.

Réponse

D · Il joint sur toutes les colonnes de même nom, si bien qu'une nouvelle colonne peut modifier le résultat sans prévenir
17.Réseaux informatiques

Réponse: A · Liaison de données (couche 2)

Pourquoi c'est la réponse

Un commutateur standard apprend les adresses MAC et transmet les trames en couche 2. Les commutateurs de couche 3 effectuent aussi du routage.

Réponse

A · Liaison de données (couche 2)
18.Réseaux informatiques

Réponse: D · Il sert du contenu en cache depuis des serveurs proches des utilisateurs

Pourquoi c'est la réponse

Les CDN placent des copies du contenu dans de nombreux points de périphérie et dirigent les utilisateurs, souvent via le DNS, vers un serveur proche. Cela réduit la latence et la charge du serveur d'origine.

Réponse

D · Il sert du contenu en cache depuis des serveurs proches des utilisateurs
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 1022

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Longueur du préfixe

255.255.252.0 = /22

Hôtes utilisables

210 − 2 = 1022

Réponse

H = 1022
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 159

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Taille de bloc

24 = 16

Sous-réseau de cet hôte

réseau: ⌊155/16⌋·16 = 144
diffusion: 144 + 16 − 1 = 159
hôtes utilisables: 145 … 158

Réponse

x = 159

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