Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.
Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états
Méthode
Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.
Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Méthode
Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Théorie des graphes
Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij
Méthode
Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).
Sous-réseaux IPv4
Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n
2Exercices
1.Systèmes de numérationMoyen
Positionnez les bits pour qu’ils représentent −57 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?
N = −578 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1110 1100 XOR 1011 1100. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?
1110 1100XOR1011 1100
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
Vous voulez prouver (p ∧ q) → ¬r par contraposée. Quelle implication prouvez-vous à la place ? Cliquez dessus.
(p ∧ q) → ¬r
1¬(p ∧ q) → ¬¬r
2¬¬r → ¬(p ∧ q)
3¬r → (p ∧ q)
4(p ∧ q) ∧ ¬¬r
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
Les prémisses q ∨ p; q → r; p → r sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.
q ∨ pq → rp → r
1¬r
2q ∧ p
3r
4q
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
Simplifiez F = A′B′C + A′BC′ + A′B′ + A′B à sa forme somme de produits minimale. Combien de littéraux L contient l’expression simplifiée ?
F = A′B′C + A′BC′ + A′B′ + A′B
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
Une bascule JK déclenchée sur front montant part de Q = 0 et reçoit les entrées représentées sur 6 fronts montants d’horloge. Combien de fois N Q change-t-il d’état ?
Q₀ = 0JK
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen
Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(75), le nombre d’entiers de 1 à 75 premiers avec 75.
n = 75 = 3·52
φ(75) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
Utilisez le carré répété pour trouver 13127 mod 19.
a = 13k = 127n = 19
13127 mod 19 =
9.Algorithmes et complexitéMoyen
Que calcule l'algorithme de Floyd-Warshall, et en combien de temps ?
ALes plus courts chemins entre toutes les paires de sommets en O(V³)
BUn ordre topologique en O(V²)
CLes plus courts chemins depuis un sommet source vers tous les autres en O(V + E)
DUn arbre couvrant de poids minimal en O(E log V)
10.Algorithmes et complexitéDifficile
Pourquoi une recherche dans une table de hachage est-elle en O(1) en moyenne mais en O(n) dans le pire cas ?
ALes fonctions de hachage sont lentes
BDe nombreuses clés peuvent entrer en collision dans le même compartiment
CL'accès aux tableaux est en O(n)
DLes clés doivent d'abord être triées
11.Structures de donnéesMoyen
Dans un tas binaire min stocké dans un tableau (indices commençant à 0), les enfants du nœud d'indice i se trouvent aux indices :
A2i et 2i + 1
B2i + 1 et 2i + 2
Ci + 1 et i + 2
Di/2 et i/2 + 1
12.Structures de donnéesDifficile
Quels sont les coûts en temps et en espace supplémentaire de l'inversion sur place d'une liste simplement chaînée ?
AO(n log n) en temps et O(1) en espace supplémentaire
BO(n) en temps et O(n) en espace supplémentaire
CO(1) en temps et O(1) en espace supplémentaire
DO(n) en temps et O(1) en espace supplémentaire
13.Théorie des graphesMoyen
Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.
|V| = 5|E| = 6
1Circuit eulérien
2Chemin eulérien, pas de circuit
3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(F) du plus court chemin de A à F dans le graphe pondéré.
départ : Aarrivée : F
d(F) =
15.Bases de données et SQLMoyen
La table orders compte 5 lignes, chacune faisant référence à un client existant. La table customers compte 3 lignes. Combien de lignes un INNER JOIN sur customer_id renvoie-t-il ?
A5
B3
C8
D15
16.Bases de données et SQLDifficile
Que renvoie la requête suivante : SELECT name FROM students WHERE grade > (SELECT AVG(grade) FROM students) ?
ALa note moyenne de tous les étudiants
BUne erreur, car les sous-requêtes ne sont pas autorisées dans WHERE
CUniquement les étudiants ayant la note la plus élevée
DLes étudiants dont la note est supérieure à la note moyenne
17.Réseaux informatiquesMoyen
Quelle méthode d'accès au support l'Ethernet partagé classique (half-duplex) utilisait-il ?
ACSMA/CA
BTDMA
CCSMA/CD
DLe passage de jeton
18.Réseaux informatiquesDifficile
En quoi la fragmentation diffère-t-elle en IPv6 par rapport à IPv4 ?
AIPv6 n'autorise pas de paquets de plus de 576 octets
BLes routeurs IPv6 fragmentent tout paquet de plus de 64 octets avant de le transmettre sur le chemin
CIPv6 fragmente au niveau de la couche transport, dans TCP
DLes routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
Un service a besoin de 635 adresses d'hôte dans un seul sous-réseau. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p (le plus petit sous-réseau) suffisante ?
635 hosts
p =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
Un hôte a l'adresse 10.20.55.219/25. Quel est le quatrième octet x de la dernière adresse d'hôte utilisable de son sous-réseau ?
10.20.55.219/25
x =
3Solutions
1.Systèmes de numération
Réponse: U = 199
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Inverser et ajouter un
57 = 0011 1001
inversé: 1100 0110
+1 → 1100 0111
Le lire en non signé
1100 0111₂ = 256 − 57 = 199
Réponse
U = 199
2.Systèmes de numération
Réponse: R = 80
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Bit par bit
OU exclusif (XOR) donne 1 quand les deux bits diffèrent.
1110 1100
XOR 1011 1100
= 0101 0000
Valeur du résultat
0101 0000₂ = 80
Réponse
R = 80
3.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: ¬¬r → ¬(p ∧ q)
Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Parties de l’implication
a = p ∧ q, b = ¬r
Contraposée
¬b → ¬a = ¬¬r → ¬(p ∧ q)
Réponse
¬¬r → ¬(p ∧ q)
La contraposée est équivalente à l’énoncé initial, donc la prouver prouve l’énoncé.
4.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: r
Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.
Lignes où toutes les prémisses sont vraies
p = 1, q = 1, r = 1: ¬r = 0, q ∧ p = 1, r = 1, q = 1
p = 1, q = 0, r = 1: ¬r = 0, q ∧ p = 0, r = 1, q = 0
p = 0, q = 1, r = 1: ¬r = 0, q ∧ p = 0, r = 1, q = 1
Conclusion
r (preuve par cas)
Réponse
r
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: L = 1
Algèbre de Boole : les règles qui simplifient les expressions sont X + X′ = 1 et X·X′ = 0, X + X = X, l’absorption X + X·Y = X, la règle de combinaison X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y et le théorème du consensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Les lois de De Morgan transforment (X·Y)′ en X′ + Y′ et (X + Y)′ en X′·Y′. Un tableau de Karnaugh applique ces règles graphiquement : chaque groupe de deux cases voisines est une utilisation de XY + XY′ = X.
Mintermes de l’expression
A′B′C → m(1)
A′BC′ → m(2)
A′B′ → m(0, 1)
A′B → m(2, 3)
Regrouper et lire
F = A′
Compter les littéraux
L = 1
Réponse
L = 1
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: N = 4
Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.
Q après chaque front
Une bascule JK : 00 conserve, 01 remet à 0 (Q = 0), 10 met à 1 (Q = 1), 11 change d’état.
1: J = 0, K = 0 → Q = 0
2: J = 1, K = 1 → Q = 1
3: J = 0, K = 1 → Q = 0
4: J = 1, K = 0 → Q = 1
5: J = 1, K = 0 → Q = 1
6: J = 1, K = 1 → Q = 0
Compter les changements
0 → 0 → 1 → 0 → 1 → 1 → 0
N = 4
Réponse
N = 4
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: φ(75) = 40
Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Facteurs premiers
75 = 3·52
Indicatrice
φ(75) = φ(25)·φ(3) = 20·2 = 40
Réponse
φ(75) = 40
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: 13127 mod 19 = 13
Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.
Exposant binaire
127 = 11111112 = 64 + 32 + 16 + 8 + 4 + 2 + 1
Carré répété
131 ≡ 13 (mod 19)
132 ≡ 17 (mod 19)
134 ≡ 4 (mod 19)
138 ≡ 16 (mod 19)
1316 ≡ 9 (mod 19)
1332 ≡ 5 (mod 19)
1364 ≡ 6 (mod 19)
Multiplier les puissances nécessaires
13127 ≡ 13·17·4·16·9·5·6 ≡ 13 (mod 19)
Réponse
13127 mod 19 = 13
9.Algorithmes et complexité
Réponse: A · Les plus courts chemins entre toutes les paires de sommets en O(V³)
Pourquoi c'est la réponse
Floyd-Warshall est un algorithme de programmation dynamique qui autorise tour à tour chaque sommet comme point intermédiaire, en temps O(V³).
Réponse
A · Les plus courts chemins entre toutes les paires de sommets en O(V³)
10.Algorithmes et complexité
Réponse: B · De nombreuses clés peuvent entrer en collision dans le même compartiment
Pourquoi c'est la réponse
Avec une bonne fonction de hachage et un facteur de charge adapté, les compartiments restent courts en moyenne ; un hachage malveillant ou médiocre peut placer toutes les clés dans un seul compartiment.
Réponse
B · De nombreuses clés peuvent entrer en collision dans le même compartiment
11.Structures de données
Réponse: B · 2i + 1 et 2i + 2
Pourquoi c'est la réponse
Pour des tableaux indexés à partir de 0, l'enfant gauche est en 2i + 1, l'enfant droit en 2i + 2 et le parent en ⌊(i − 1)/2⌋.
Réponse
B · 2i + 1 et 2i + 2
12.Structures de données
Réponse: D · O(n) en temps et O(1) en espace supplémentaire
Pourquoi c'est la réponse
Trois pointeurs (précédent, courant, suivant) permettent d'inverser chaque lien en un seul passage sans allouer de nouveaux nœuds.
Réponse
D · O(n) en temps et O(1) en espace supplémentaire
13.Théorie des graphes
Réponse: Chemin eulérien, pas de circuit
Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.
Le chemin eulérien commence à un sommet impair et finit à l’autre.
14.Théorie des graphes
Réponse: d(F) = 31
Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.
Dijkstra tour par tour
Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.
A (0): C: 14
C (14): B: 29, E: 28
E (28): D: 37, F: 31, G: 42
B (29)
F (31): D: 33
D (33): G: 36
G (36)
Plus court chemin
A → C → E → F
d(F) = 31
Réponse
d(F) = 31
15.Bases de données et SQL
Réponse: A · 5
Pourquoi c'est la réponse
Chaque commande trouve exactement un client correspondant ; la jointure renvoie donc une ligne par commande, soit 5 lignes.
Réponse
A · 5
16.Bases de données et SQL
Réponse: D · Les étudiants dont la note est supérieure à la note moyenne
Pourquoi c'est la réponse
La sous-requête scalaire calcule la moyenne, et la requête externe conserve les étudiants au-dessus de celle-ci.
Réponse
D · Les étudiants dont la note est supérieure à la note moyenne
17.Réseaux informatiques
Réponse: C · CSMA/CD
Pourquoi c'est la réponse
Accès multiple avec écoute de porteuse et détection de collision : les stations s'arrêtent lorsqu'elles détectent une collision et réessaient après un temps d'attente aléatoire. L'Ethernet commuté full-duplex n'a pas de collisions.
Réponse
C · CSMA/CD
18.Réseaux informatiques
Réponse: D · Les routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin
Pourquoi c'est la réponse
Un routeur IPv6 détruit un paquet trop grand et renvoie un message ICMPv6 Packet Too Big. La source envoie alors des paquets plus petits ou utilise un en-tête d'extension de fragmentation.
Réponse
D · Les routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin
19.Sous-réseaux IPv4
Réponse: p = 22
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).
Bits d'hôte nécessaires
29 − 2 = 510 < 635
210 − 2 = 1022 ≥ 635 → h = 10
Longueur du préfixe
p = 32 − 10 = 22
Réponse
p = /22
20.Sous-réseaux IPv4
Réponse: x = 254
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).