Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −109 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −1098 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0100 1010 AND 0010 1010. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

0100 1010AND0010 1010
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
p → (r ∧ q)(r ∧ q) ∧ ¬p¬p → ¬(r ∧ q)¬(r ∧ q) → ¬p

Vous voulez prouver (r ∧ q) → p par contraposée. Quelle implication prouvez-vous à la place ? Cliquez dessus.

(r ∧ q) → p
  1. 1p → (r ∧ q)
  2. 2(r ∧ q) ∧ ¬p
  3. 3¬p → ¬(r ∧ q)
  4. 4¬(r ∧ q) → ¬p
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
∃x F(x)∀x ¬F(x)∃x ¬F(x)∀x F(x)

Quel énoncé est équivalent à ¬∃x F(x), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.

¬∃x F(x)
  1. 1∃x F(x)
  2. 2∀x ¬F(x)
  3. 3∃x ¬F(x)
  4. 4∀x F(x)
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABC00011110011011130214051706

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme produit de sommes (POS) minimale de F(A, B, C) = Σm(0, 1, 3, 4, 7). Combien de termes somme (facteurs) N a-t-elle ?

F(A, B, C) = Σm(0, 1, 3, 4, 7)
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
FFQ0​Q0​FFQ1​Q1​FFQ2​Q2​FFQ3​Q3​CLKMOD-16

Une horloge de 12 kHz pilote un compteur modulo 16. Trouvez la fréquence fout de sa sortie de poids fort, qui effectue un cycle par cycle de comptage.

fclk = 12 kHzN = 16
fout = kHz
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(35), le nombre d’entiers de 1 à 35 premiers avec 35.

n = 35 = 5·7
φ(35) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile

Utilisez le carré répété pour trouver 5122 mod 53.

a = 51k = 22n = 53
5122 mod 53 =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Un algorithme glouton :

  1. AFait le meilleur choix local à chaque étape
  2. BDonne toujours la solution optimale
  3. CEssaie toutes les solutions possibles
  4. DN'utilise que la récursivité
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Quelle affirmation concernant P et NP est correcte ?

  1. AIl a été démontré que P ≠ NP
  2. BTout problème de P appartient aussi à NP
  3. CNP signifie « non polynomial »
  4. DLes solutions des problèmes NP ne peuvent pas être vérifiées rapidement
11.Structures de donnéesMoyen

Combien de temps prend la recherche d'un mot de longueur L dans un trie à alphabet fixe ?

  1. AO(L), quel que soit le nombre de mots stockés
  2. BO(L × n)
  3. CO(log n), où n est le nombre de mots
  4. DO(n), où n est le nombre de mots
12.Structures de donnéesDifficile

La structure union-find (ensembles disjoints) avec union par rang et compression de chemin a un coût amorti par opération de :

  1. AO(n²)
  2. BO(α(n)), l'inverse de la fonction d'Ackermann, pratiquement constant
  3. CExactement O(log n)
  4. DO(n)
13.Théorie des graphesMoyen

Un arbre a 4 sommets de degré 3, 3 sommets de degré 4, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?

4 × deg 33 × deg 4
L =
14.Théorie des graphesDifficile
1449142164ABCDEF

Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(D) du plus court chemin de A à D dans le graphe pondéré.

départ : Aarrivée : D
d(D) =
15.Bases de données et SQLMoyen

Des étudiants peuvent suivre plusieurs cours et chaque cours a plusieurs étudiants. Comment modélise-t-on cela en tables ?

  1. AAvec une table d'association contenant des clés étrangères vers les étudiants et vers les cours
  2. BAvec une liste d'identifiants de cours stockée dans une seule colonne
  3. CAvec une colonne de clé étrangère course_id dans la table des étudiants qui pointe vers les cours
  4. DEn fusionnant étudiants et cours dans une seule table
16.Bases de données et SQLDifficile

Pour une équijointure entre deux grandes tables sans index utile, quel algorithme de jointure un optimiseur choisit-il souvent ?

  1. ALa jointure par boucles imbriquées avec accès par index
  2. BLa jointure par hachage (hash join)
  3. CLa jointure croisée
  4. DLa jointure bitmap sur la clé primaire
17.Réseaux informatiquesMoyen

Quel est le but de la poignée de main en trois temps (three-way handshake) de TCP ?

  1. AChiffrer les données
  2. BTrouver l'adresse IP d'un hôte avant de pouvoir lui envoyer des données
  3. CÉtablir une connexion et synchroniser les numéros de séquence
  4. DFermer rapidement une connexion
18.Réseaux informatiquesDifficile

Un pare-feu bloque tout l'ICMP. Les petites requêtes web fonctionnent, mais les gros téléchargements se bloquent sur certains chemins. Quelle est la cause probable ?

  1. ALe DNS a besoin d'ICMP pour résoudre les noms
  2. BTCP ne peut pas ouvrir de connexions sans ICMP
  3. CLa découverte du MTU du chemin échoue car les messages « fragmentation nécessaire » sont bloqués
  4. DLes certificats TLS sont envoyés par ICMP
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/24 → /2611111111111111111111111111000000bits réseaubits hôte

Le réseau 192.168.90.0/24 est divisé en sous-réseaux /26, numérotés 1, 2, 3, … à partir de l’adresse la plus basse (le sous-réseau 1 commence à .0). Quel est le quatrième octet x de l’adresse réseau du sous-réseau 3 ?

192.168.90.0/24/26sous-réseau 3 (le sous-réseau 1 commence à .0)
x =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet 228 … 231112816413201608140201communsvariables

Un routeur a des routes vers ces réseaux : 10.252.228.0/24, 10.252.229.0/24, 10.252.230.0/24, 10.252.231.0/24. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p d’une route résumée unique qui les couvre tous ?

10.252.228.0/24 … 10.252.231.0/24
p =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 147

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

109 = 0110 1101
inversé: 1001 0010
+1 → 1001 0011

Le lire en non signé

1001 0011₂ = 256 − 109 = 147

Réponse

U = 147
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 10

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

ET donne 1 seulement quand les deux bits valent 1.

0100 1010
AND 0010 1010
= 0000 1010

Valeur du résultat

0000 1010₂ = 10

Réponse

R = 10
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ¬p → ¬(r ∧ q)

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Parties de l’implication

a = r ∧ q, b = p

Contraposée

¬b → ¬a = ¬p → ¬(r ∧ q)

Réponse

¬p → ¬(r ∧ q)

La contraposée est équivalente à l’énoncé initial, donc la prouver prouve l’énoncé.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ∀x ¬F(x)

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Faire passer la négation vers l’intérieur

¬∃x F(x) ≡ ∀x ¬F(x)

Réponse

∀x ¬F(x)

Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.

5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 2

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABC00011110011011130214051706

Regrouper les 0

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

(B′ + C)
(A′ + B + C′)

Forme POS minimale

F = (B′ + C)(A′ + B + C′)
N = 2

Réponse

N = 2
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: fout = 0,75 kHz

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Division de fréquence

fout = 12 kHz / 16 = 0,75 kHz

Réponse

fout = 0,75 kHz
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: φ(35) = 24

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Facteurs premiers

35 = 5·7

Indicatrice

φ(35) = φ(5)·φ(7) = 4·6 = 24

Réponse

φ(35) = 24
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 5122 mod 53 = 43

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant binaire

22 = 101102 = 16 + 4 + 2

Carré répété

511 ≡ 51 (mod 53)
512 ≡ 4 (mod 53)
514 ≡ 16 (mod 53)
518 ≡ 44 (mod 53)
5116 ≡ 28 (mod 53)

Multiplier les puissances nécessaires

5122 ≡ 4·16·28 ≡ 43 (mod 53)

Réponse

5122 mod 53 = 43
9.Algorithmes et complexité

Réponse: A · Fait le meilleur choix local à chaque étape

Pourquoi c'est la réponse

Les algorithmes gloutons sont rapides et optimaux pour certains problèmes (par ex. Dijkstra, codage de Huffman), mais pas en général (par ex. le rendu de monnaie avec certains systèmes de pièces).

Réponse

A · Fait le meilleur choix local à chaque étape
10.Algorithmes et complexité

Réponse: B · Tout problème de P appartient aussi à NP

Pourquoi c'est la réponse

P ⊆ NP : si vous pouvez résoudre un problème rapidement, vous pouvez vérifier une solution rapidement. La question P = NP reste ouverte.

Réponse

B · Tout problème de P appartient aussi à NP
11.Structures de données

Réponse: A · O(L), quel que soit le nombre de mots stockés

Pourquoi c'est la réponse

Chaque caractère sélectionne un enfant, donc une recherche prend L étapes quel que soit le nombre de mots contenus dans le trie.

Réponse

A · O(L), quel que soit le nombre de mots stockés
12.Structures de données

Réponse: B · O(α(n)), l'inverse de la fonction d'Ackermann, pratiquement constant

Pourquoi c'est la réponse

Avec les deux optimisations, les opérations prennent un temps amorti O(α(n)) ; α(n) ≤ 4 pour tout n réaliste.

Réponse

B · O(α(n)), l'inverse de la fonction d'Ackermann, pratiquement constant
13.Théorie des graphes

Réponse: L = 12

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Lemme des poignées de main pour un arbre

L + 24 = 2(L + 7) − 2
L = 12

Réponse

L = 12

Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.

14.Théorie des graphes

Réponse: d(D) = 20

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Dijkstra tour par tour

Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.

A (0): B: 14, C: 4
C (4): E: 18
B (14): D: 23
E (18): D: 20, F: 24
D (20): F: 21
F (21)

Plus court chemin

A → C → E → D
d(D) = 20

Réponse

d(D) = 20
15.Bases de données et SQL

Réponse: A · Avec une table d'association contenant des clés étrangères vers les étudiants et vers les cours

Pourquoi c'est la réponse

Une association plusieurs-à-plusieurs nécessite une table d'association (de jonction), par exemple enrolment(student_id, course_id), souvent avec une clé primaire composée.

Réponse

A · Avec une table d'association contenant des clés étrangères vers les étudiants et vers les cours
16.Bases de données et SQL

Réponse: B · La jointure par hachage (hash join)

Pourquoi c'est la réponse

Une jointure par hachage construit une table de hachage sur une entrée et la sonde avec l'autre, ce qui fonctionne bien pour les grandes équijointures sans index.

Réponse

B · La jointure par hachage (hash join)
17.Réseaux informatiques

Réponse: C · Établir une connexion et synchroniser les numéros de séquence

Pourquoi c'est la réponse

La poignée de main établit une connexion et fixe les numéros de séquence initiaux des deux côtés avant l'envoi des données.

Réponse

C · Établir une connexion et synchroniser les numéros de séquence
18.Réseaux informatiques

Réponse: C · La découverte du MTU du chemin échoue car les messages « fragmentation nécessaire » sont bloqués

Pourquoi c'est la réponse

La PMTUD s'appuie sur des messages ICMP pour apprendre le MTU plus petit. S'ils sont supprimés, les gros paquets disparaissent sans bruit, créant une connexion « trou noir ».

Réponse

C · La découverte du MTU du chemin échoue car les messages « fragmentation nécessaire » sont bloqués
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 128

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc

26 = 64

Sous-réseau numéro 3

réseau: (3 − 1)·64 = 128
diffusion: 128 + 64 − 1 = 191

Réponse

x = 128
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: p = 22

Résumé de routes : une route résumée a.b.c.0/p couvre tous les réseaux dont les p premiers bits correspondent. Écrivez en binaire l’octet qui diffère pour le premier et le dernier réseau ; le nombre de bits de tête communs, plus les bits des octets qui le précèdent, donne le plus long préfixe de résumé.

Comparer les bits

228 = 11100100
231 = 11100111
bits de tête communs : 6

Longueur du préfixe

p = 16 + 6 = 22

Réponse

p = /22

Route résumée : 10.252.228.0/22

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