Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −11 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −118 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0111 0000 OR 0010 0011. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

0111 0000OR0010 0011
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
pqr(¬r ∨ q) ∨ p(p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p))111?110?101?100?011?010?001?000?

Dans combien des 8 lignes de sa table de vérité ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) est-elle vraie ? Appelez ce nombre N.

¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p))
N =
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
∀x (F(x) → ¬G(x))∃x (F(x) ∧ ¬G(x))∃x (¬F(x) ∧ G(x))∀x (F(x) ∧ ¬G(x))

Quel énoncé est équivalent à ¬∀x (F(x) → G(x)), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.

¬∀x (F(x) → G(x))
  1. 1∀x (F(x) → ¬G(x))
  2. 2∃x (F(x) ∧ ¬G(x))
  3. 3∃x (¬F(x) ∧ G(x))
  4. 4∀x (F(x) ∧ ¬G(x))
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
MUXC′I0​1I1​0I2​0I3​ABS1​S0​F

Un multiplexeur 4 vers 1 a ses entrées de sélection S₁ = A et S₀ = B, et ses entrées de données reliées à I₀ = C′, I₁ = 1, I₂ = 0, I₃ = 0. Pour combien des 8 combinaisons de A, B et C la sortie vaut-elle F = 1 ? Trouvez N.

I₀ = C′I₁ = 1I₂ = 0I₃ = 0
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​CLKMOD-7

Un compteur modulo 7 synchrone compte 0, 1, …, 6 puis revient à 0. Il part de 6. Quelle valeur Q (en décimal) affiche-t-il après 13 impulsions d’horloge ?

Q0 = 613N = 7
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez le plus petit entier positif x tel que x ≡ 2 (mod 5) et x ≡ 4 (mod 11).

x ≡ 2 (mod 5)x ≡ 4 (mod 11)
x =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod n560m = cd​ mod n?(n, e) = (629, 17)d

Une clé RSA utilise p = 17, q = 37 et e = 17. Déchiffrez le chiffré c = 560 : trouvez le message m.

p = 17q = 37e = 17c = 560
m =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quelle est la solution de la récurrence T(n) = T(n/2) + O(1) ?

  1. AO(n)
  2. BO(log n)
  3. CO(1)
  4. DO(n log n)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Quelle borne est correcte pour log(n!) ?

  1. AΘ(n)
  2. BΘ(n²)
  3. CΘ(n log n)
  4. DΘ(log n)
11.Structures de donnéesMoyen

Pourquoi un tas binaire peut-il être stocké dans un tableau sans aucun pointeur ?

  1. AC'est un arbre binaire complet, donc les positions suivent des formules d'indice simples
  2. BLes tableaux maintiennent automatiquement les clés triées, donc aucun pointeur n'est nécessaire
  3. CLes tas ne contiennent jamais plus de 100 éléments
  4. DToutes les clés d'un tas sont égales
12.Structures de donnéesDifficile

Quel est le principal avantage d'une liste à enjambements (skip list) par rapport à une liste chaînée triée ?

  1. AUne recherche en O(1) garantie, car chaque nœud stocke un pointeur vers tous les autres nœuds
  2. BElle n'utilise aucune mémoire supplémentaire
  3. CElle stocke les clés sans ordre
  4. DUne recherche en O(log n) en moyenne grâce à plusieurs niveaux de pointeurs avant
13.Théorie des graphesMoyen

Combien de circuits hamiltoniens différents H le graphe complet K8 a-t-il ? Les circuits qui ne diffèrent que par le sommet de départ ou le sens comptent comme un seul.

K8
H =
14.Théorie des graphesDifficile
1261512512151114711ABCDEFG

Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(F) du plus court chemin de A à F dans le graphe pondéré.

départ : Aarrivée : F
d(F) =
15.Bases de données et SQLMoyen

Quelle requête liste les clients qui n'ont jamais passé de commande ?

  1. ASELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
  2. BSELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NOT NULL
  3. CSELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id = NULL
  4. DSELECT c.name FROM customers c INNER JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
16.Bases de données et SQLDifficile

Qu'est-ce qu'un index couvrant pour une requête ?

  1. AUn index portant uniquement sur la clé primaire
  2. BUn index qui contient toutes les colonnes nécessaires à la requête, si bien que la table elle-même n'a pas besoin d'être lue
  3. CUn index reconstruit chaque nuit
  4. DUn index qui couvre toutes les colonnes de toutes les tables
17.Réseaux informatiquesMoyen

Pourquoi UDP est-il souvent préféré pour les appels vidéo en direct ?

  1. AUDP chiffre automatiquement les données
  2. BUDP garantit l'arrivée de chaque paquet, si bien que l'image ne se fige jamais
  3. CUDP est obligatoire pour toute vidéo
  4. DUn faible délai compte plus que la retransmission de chaque paquet perdu
18.Réseaux informatiquesDifficile

D'après la formule de Nyquist, quel est le débit binaire maximal d'un canal de 3 kHz sans bruit utilisant 4 niveaux de signal ?

  1. A3 kbit/s
  2. B6 kbit/s
  3. C12 kbit/s
  4. D24 kbit/s
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/?11111111111111111111100000000000bits réseaubits hôte

Un service a besoin de 1808 adresses d'hôte dans un seul sous-réseau. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p (le plus petit sous-réseau) suffisante ?

1808 hosts
p =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet 131 … 134112806403201608041211communsvariables

Un routeur a des routes vers ces réseaux : 10.48.131.0/24, 10.48.132.0/24, 10.48.133.0/24, 10.48.134.0/24. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p d’une route résumée unique qui les couvre tous ?

10.48.131.0/24 … 10.48.134.0/24
p =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 245

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

11 = 0000 1011
inversé: 1111 0100
+1 → 1111 0101

Le lire en non signé

1111 0101₂ = 256 − 11 = 245

Réponse

U = 245
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 115

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

OU donne 1 quand au moins un bit vaut 1.

0111 0000
OR 0010 0011
= 0111 0011

Valeur du résultat

0111 0011₂ = 115

Réponse

R = 115
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 3

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Table de vérité ligne par ligne

p = 1, q = 1, r = 1: p → r = 1, ¬r = 0, ¬r ∨ q = 1, (¬r ∨ q) ∨ p = 1, (p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p) = 1, ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) = 0
p = 1, q = 1, r = 0: p → r = 0, ¬r = 1, ¬r ∨ q = 1, (¬r ∨ q) ∨ p = 1, (p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p) = 0, ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: p → r = 1, ¬r = 0, ¬r ∨ q = 0, (¬r ∨ q) ∨ p = 1, (p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p) = 1, ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) = 0
p = 1, q = 0, r = 0: p → r = 0, ¬r = 1, ¬r ∨ q = 1, (¬r ∨ q) ∨ p = 1, (p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p) = 0, ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: p → r = 1, ¬r = 0, ¬r ∨ q = 1, (¬r ∨ q) ∨ p = 1, (p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p) = 1, ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) = 0
p = 0, q = 1, r = 0: p → r = 1, ¬r = 1, ¬r ∨ q = 1, (¬r ∨ q) ∨ p = 1, (p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p) = 1, ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: p → r = 1, ¬r = 0, ¬r ∨ q = 0, (¬r ∨ q) ∨ p = 0, (p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p) = 0, ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: p → r = 1, ¬r = 1, ¬r ∨ q = 1, (¬r ∨ q) ∨ p = 1, (p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p) = 1, ¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)) = 0

Compter les lignes de valeur 1

¬((p → r) ↔ ((¬r ∨ q) ∨ p)): 0, 1, 0, 1, 0, 0, 1, 0
N = 3

Réponse

N = 3
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Faire passer la négation vers l’intérieur

¬∀x (F(x) → G(x)) ≡ ∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Réponse

∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.

5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 3

Multiplexeur : un multiplexeur 2ⁿ vers 1 transmet l’une de ses entrées de données à la sortie ; les lignes de sélection, lues comme un nombre binaire, choisissent laquelle. Pour un MUX 4 vers 1 avec sélections S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. En reliant les entrées de données à 0, 1, C ou C′, le MUX produit n’importe quelle fonction de A, B et C, ce qui est une manière courante de réaliser une logique avec un seul circuit.

Expression de sortie

F = A′B′C′ + A′B

Lignes avec F = 1

ABC = 000, 010, 011
N = 3

Réponse

N = 3
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: Q = 5

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Cycles complets

Toutes les 7 impulsions ramènent le compteur au même état.

13 = 1·7 + 6

Valeur après les impulsions restantes

Q = (6 + 6) mod 7 = 5
Q = 101₂

Réponse

Q = 5
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: x = 37

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Première congruence

x = 2 + 5k

Deuxième congruence

2 + 5k ≡ 4 (mod 11) → 5k ≡ 2 (mod 11)
k ≡ 9·2 ≡ 7 (mod 11)

Résultat

x = 2 + 5·7 = 37
x = 37
vérification: 37 mod 5 = 2, 37 mod 11 = 4

Réponse

x = 37
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: m = 577

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant privé

n = 629, φ(n) = 576
d = 17−1 mod 576 = 305

Déchiffrer par carré répété

305 = 256 + 32 + 16 + 1
5601 ≡ 560 (mod 629)
5602 ≡ 358 (mod 629)
5604 ≡ 477 (mod 629)
5608 ≡ 460 (mod 629)
56016 ≡ 256 (mod 629)
56032 ≡ 120 (mod 629)
56064 ≡ 562 (mod 629)
560128 ≡ 86 (mod 629)
560256 ≡ 477 (mod 629)
560305 ≡ 560·256·120·477 ≡ 577 (mod 629)

Message

m = 577
vérification: 57717 mod 629 = 560

Réponse

m = 577
9.Algorithmes et complexité

Réponse: B · O(log n)

Pourquoi c'est la réponse

Le problème est divisé par deux à chaque étape avec un travail constant par étape : il y a donc environ log₂ n étapes.

Réponse

B · O(log n)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: C · Θ(n log n)

Pourquoi c'est la réponse

log(n!) ≤ n log n, et les n / 2 plus grands facteurs donnent log(n!) ≥ (n / 2) log(n / 2) ; c'est pourquoi le tri par comparaisons nécessite Ω(n log n).

Réponse

C · Θ(n log n)
11.Structures de données

Réponse: A · C'est un arbre binaire complet, donc les positions suivent des formules d'indice simples

Pourquoi c'est la réponse

La complétude signifie qu'il n'y a pas de trous, donc les enfants de l'indice i sont toujours en 2i + 1 et 2i + 2.

Réponse

A · C'est un arbre binaire complet, donc les positions suivent des formules d'indice simples
12.Structures de données

Réponse: D · Une recherche en O(log n) en moyenne grâce à plusieurs niveaux de pointeurs avant

Pourquoi c'est la réponse

Des niveaux aléatoires permettent aux recherches de sauter de nombreux nœuds, ce qui donne en moyenne O(log n) pour la recherche, l'insertion et la suppression.

Réponse

D · Une recherche en O(log n) en moyenne grâce à plusieurs niveaux de pointeurs avant
13.Théorie des graphes

Réponse: H = 2520

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Compter

H = (8 − 1)!/2 = 5040/2 = 2520

Réponse

H = 2520
14.Théorie des graphes

Réponse: d(F) = 26

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Dijkstra tour par tour

Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.

A (0): B: 12, C: 6
C (6): E: 11, G: 20
E (11): F: 26
B (12): D: 24
G (20)
D (24)
F (26)

Plus court chemin

A → C → E → F
d(F) = 26

Réponse

d(F) = 26
15.Bases de données et SQL

Réponse: A · SELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL

Pourquoi c'est la réponse

La jointure externe gauche garde tous les clients et remplit les colonnes de commande avec NULL en l'absence de correspondance ; IS NULL sélectionne alors exactement ces clients.

Réponse

A · SELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
16.Bases de données et SQL

Réponse: B · Un index qui contient toutes les colonnes nécessaires à la requête, si bien que la table elle-même n'a pas besoin d'être lue

Pourquoi c'est la réponse

Si toutes les colonnes référencées sont dans l'index, le SGBD peut faire un parcours d'index seul (index-only scan) sans aller chercher les lignes de la table, ce qui économise des E/S.

Réponse

B · Un index qui contient toutes les colonnes nécessaires à la requête, si bien que la table elle-même n'a pas besoin d'être lue
17.Réseaux informatiques

Réponse: D · Un faible délai compte plus que la retransmission de chaque paquet perdu

Pourquoi c'est la réponse

Retransmettre les paquets perdus ajouterait du délai ; les médias en temps réel tolèrent quelques pertes, d'où l'utilisation de protocoles basés sur UDP comme RTP.

Réponse

D · Un faible délai compte plus que la retransmission de chaque paquet perdu
18.Réseaux informatiques

Réponse: C · 12 kbit/s

Pourquoi c'est la réponse

2 × 3000 × log₂ 4 = 2 × 3000 × 2 = 12000 bit/s. Davantage de niveaux augmentent le débit, mais le bruit limite le nombre de niveaux que l'on peut distinguer.

Réponse

C · 12 kbit/s
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: p = 21

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Bits d'hôte nécessaires

210 − 2 = 1022 < 1808
211 − 2 = 2046 ≥ 1808 → h = 11

Longueur du préfixe

p = 32 − 11 = 21

Réponse

p = /21
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: p = 21

Résumé de routes : une route résumée a.b.c.0/p couvre tous les réseaux dont les p premiers bits correspondent. Écrivez en binaire l’octet qui diffère pour le premier et le dernier réseau ; le nombre de bits de tête communs, plus les bits des octets qui le précèdent, donne le plus long préfixe de résumé.

Comparer les bits

131 = 10000011
134 = 10000110
bits de tête communs : 5

Longueur du préfixe

p = 16 + 5 = 21

Réponse

p = /21

Route résumée : 10.48.128.0/21 (elle couvre aussi 4 réseau(x) qui ne figurent pas dans la liste).

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