Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.
Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états
Méthode
Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.
Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Méthode
Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Théorie des graphes
Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij
Méthode
Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).
Sous-réseaux IPv4
Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n
2Exercices
1.Systèmes de numérationMoyen
Le motif de 8 bits 1001 0111 stocke un entier signé en complément à deux. Quelle est sa valeur N en décimal ?
1001 01118 bit
N =
2.Systèmes de numérationDifficile
Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1111 0011 >> 1. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?
1111 0011>> 1
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
Quelle formule est logiquement équivalente à b ↔ c ? Cliquez dessus.
b ↔ c
1(b → c) ∧ (c → b)
2b ∧ c
3(b → c) ∨ (c → b)
4(b → c) ∧ (¬c → ¬b)
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
Les prémisses b ∨ a; ¬b sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.
b ∨ a¬b
1b ∧ a
2a
3b
4¬a
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
Simplifiez F = ABC′ + A′B′ + A′B à sa forme somme de produits minimale. Combien de littéraux L contient l’expression simplifiée ?
F = ABC′ + A′B′ + A′B
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
Un registre à décalage de 4 bits Q₃Q₂Q₁Q₀ contient 0001. À chaque front d’horloge, les bits se décalent d’une place vers la droite (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ est perdu) et l’entrée série entre dans Q₃. L’entrée série vaut 1, 0, 1, 1, 1, 0 aux fronts 6. Donnez l’état final Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sous forme de nombre décimal.
Q₃Q₂Q₁Q₀ = 00011, 0, 1, 1, 1, 0
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen
Trouvez le plus petit entier positif x tel que x ≡ 7 (mod 9) et x ≡ 2 (mod 10).
x ≡ 7 (mod 9)x ≡ 2 (mod 10)
x =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
19 est premier. Utilisez le petit théorème de Fermat pour trouver 271502 mod 19.
p = 19k = 71502
271502 mod 19 =
9.Algorithmes et complexitéMoyen
Quel énoncé sur une fonction récursive sans cas de base atteignable est correct ?
AElle continue de s'appeler jusqu'au débordement de la pile d'appels
BElle renvoie automatiquement 0
CLe compilateur la transforme toujours en une boucle qui se termine sans danger
DElle s'exécute en temps O(1)
10.Algorithmes et complexitéDifficile
Lequel de ces problèmes de satisfiabilité est connu pour être résoluble en temps polynomial ?
A3-SAT, où chaque clause a exactement trois littéraux
BLa satisfiabilité de circuits
C2-SAT, où chaque clause a au plus deux littéraux
DSAT général sur des formules en forme normale conjonctive
11.Structures de donnéesMoyen
Un arbre binaire a pour racine 1, avec 2 comme enfant gauche et 3 comme enfant droit ; le nœud 2 a pour enfants 4 (gauche) et 5 (droit). Quel est le parcours postfixe ?
A4 2 5 1 3
B4 5 2 3 1
C1 2 4 5 3
D5 4 3 2 1
12.Structures de donnéesDifficile
Quel problème du sondage linéaire le double hachage réduit-il principalement ?
ALe besoin de stocker les clés dans la table
BLe coût en O(n) de la lecture de la valeur d'une clé
CLe besoin d'une fonction de hachage
DLe regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées
13.Théorie des graphesMoyen
Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.
|V| = 7|E| = 9
1Circuit eulérien
2Chemin eulérien, pas de circuit
3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
L’algorithme de Dijkstra part de A. Cliquez sur le sommet qui est fixé (rendu définitif) au tour 4 ; A lui-même est le tour 1.
départ : Atour 4
1A
2B
3C
4D
5E
6F
7G
15.Bases de données et SQLMoyen
Quelle propriété ACID signifie que des transactions concurrentes ne voient pas les modifications inachevées les unes des autres ?
ALa durabilité
BLa disponibilité
CL'atomicité
DL'isolation
16.Bases de données et SQLDifficile
La table b contient les valeurs 1, 2 et NULL dans la colonne y. Que renvoie SELECT * FROM a WHERE x NOT IN (SELECT y FROM b) ?
AToutes les lignes de a
BAucune ligne
CUniquement les lignes de a où x est NULL
DLes lignes de a où x ne vaut ni 1 ni 2
17.Réseaux informatiquesMoyen
Quel masque de sous-réseau correspond à /20 ?
A255.255.255.240
B255.255.224.0
C255.255.240.0
D255.255.248.0
18.Réseaux informatiquesDifficile
Avec les protocoles à fenêtre glissante, en quoi Go-Back-N diffère-t-il de Selective Repeat après la perte d'une trame ?
AGo-Back-N renvoie la trame perdue et toutes les suivantes ; Selective Repeat seulement la trame perdue
BLes deux renvoient toute la fenêtre depuis le début
CGo-Back-N ne renvoie que la trame perdue ; Selective Repeat renvoie cette trame et toutes les suivantes
DAucun des deux ne renvoie jamais les trames perdues
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
Le réseau 192.168.10.0/24 doit être divisé en au moins 10 sous-réseaux égaux. Si tu empruntes le moins de bits possible, combien d'hôtes utilisables H chaque sous-réseau a-t-il ?
192.168.10.0/2410 subnets
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
Un hôte a l'adresse 10.20.189.136/29. Quel est le dernier nombre (quatrième octet) x de l'adresse de diffusion de son sous-réseau ?
10.20.189.136/29
x =
3Solutions
1.Systèmes de numération
Réponse: N = −105
Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.
Additionner les poids
Les autres bits gardent leurs valeurs positives habituelles.
−128 + 16 + 4 + 2 + 1 = −105
Réponse
N = −105
2.Systèmes de numération
Réponse: R = 121
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Bit par bit
Un décalage à droite de 1 déplace chaque bit de 1 positions vers la droite ; les bits qui sortent à l’extrémité droite sont perdus et des zéros entrent à gauche.
1111 0011 >> 1
= 0111 1001
Valeur du résultat
0111 1001₂ = 121
Réponse
R = 121
3.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: (b → c) ∧ (c → b)
Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
La loi
a ↔ b signifie que l’implication tient dans les deux sens : (a → b) ∧ (b → a).
b ↔ c ≡ (b → c) ∧ (c → b)
Vérifier avec la table de vérité
b = 1, c = 1: 1 | 1 1 1 1
b = 1, c = 0: 0 | 0 0 1 0
b = 0, c = 1: 0 | 0 0 1 1
b = 0, c = 0: 1 | 1 0 1 1
Réponse
(b → c) ∧ (c → b)
Les colonnes après la barre sont les options dans l’ordre affiché.
4.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: a
Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.
Lignes où toutes les prémisses sont vraies
a = 1, b = 0: b ∧ a = 0, a = 1, b = 0, ¬a = 0
Conclusion
a (syllogisme disjonctif)
Réponse
a
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: L = 3
Algèbre de Boole : les règles qui simplifient les expressions sont X + X′ = 1 et X·X′ = 0, X + X = X, l’absorption X + X·Y = X, la règle de combinaison X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y et le théorème du consensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Les lois de De Morgan transforment (X·Y)′ en X′ + Y′ et (X + Y)′ en X′·Y′. Un tableau de Karnaugh applique ces règles graphiquement : chaque groupe de deux cases voisines est une utilisation de XY + XY′ = X.
Mintermes de l’expression
ABC′ → m(6)
A′B′ → m(0, 1)
A′B → m(2, 3)
Regrouper et lire
F = BC′ + A′
Compter les littéraux
L = 3
Réponse
L = 3
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: Q = 7
Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.
État après chaque front
0001 → 1000 → 0100 → 1010 → 1101 → 1110 → 0111
Valeur décimale
0111₂ = 7
Réponse
Q = 7
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: x = 52
Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Première congruence
x = 7 + 9k
Deuxième congruence
7 + 9k ≡ 2 (mod 10) → 9k ≡ 5 (mod 10)
k ≡ 9·5 ≡ 5 (mod 10)
Résultat
x = 7 + 9·5 = 52
x = 52
vérification: 52 mod 9 = 7, 52 mod 10 = 2
Réponse
x = 52
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: 271502 mod 19 = 7
Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.
Réduire l’exposant
71502 mod 18 = 6
271502 ≡ 26 (mod 19)
Petite puissance
26 mod 19 = 7
Réponse
271502 mod 19 = 7
9.Algorithmes et complexité
Réponse: A · Elle continue de s'appeler jusqu'au débordement de la pile d'appels
Pourquoi c'est la réponse
Sans cas de base, la récursion ne s'arrête jamais ; en pratique, la mémoire pour les cadres de pile s'épuise et le programme plante.
Réponse
A · Elle continue de s'appeler jusqu'au débordement de la pile d'appels
10.Algorithmes et complexité
Réponse: C · 2-SAT, où chaque clause a au plus deux littéraux
Pourquoi c'est la réponse
2-SAT est dans P (temps linéaire via les composantes fortement connexes), tandis que 3-SAT est NP-complet.
Réponse
C · 2-SAT, où chaque clause a au plus deux littéraux
11.Structures de données
Réponse: B · 4 5 2 3 1
Pourquoi c'est la réponse
Le parcours postfixe traite 4 et 5 avant 2, puis 3, et enfin la racine 1.
Réponse
B · 4 5 2 3 1
12.Structures de données
Réponse: D · Le regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées
Pourquoi c'est la réponse
Le sondage linéaire avance d'un pas de 1, donc les suites occupées grossissent et fusionnent ; le double hachage utilise un second hachage pour la taille du pas, si bien que des clés différentes sondent des séquences différentes.
Réponse
D · Le regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées
13.Théorie des graphes
Réponse: ni l’une ni l’autre
Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.
Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.
Dijkstra tour par tour
1. A (0): B: 14
2. B (14): C: 18, D: 28, G: 19
3. C (18)
4. G (19): E: 23
5. E (23): F: 26
6. F (26)
7. D (28)
tour 4
G
Réponse
G
15.Bases de données et SQL
Réponse: D · L'isolation
Pourquoi c'est la réponse
L'isolation sépare les transactions concurrentes ; les niveaux d'isolation déterminent avec quelle rigueur elle est appliquée.
Réponse
D · L'isolation
16.Bases de données et SQL
Réponse: B · Aucune ligne
Pourquoi c'est la réponse
La comparaison avec NULL vaut UNKNOWN, donc la condition entière n'est jamais TRUE ; NOT EXISTS ou l'exclusion des NULL évitent ce piège.
Réponse
B · Aucune ligne
17.Réseaux informatiques
Réponse: C · 255.255.240.0
Pourquoi c'est la réponse
/20 signifie 8 + 8 + 4 bits à 1. Quatre bits à 1 dans le troisième octet donnent 11110000 = 240, le masque est donc 255.255.240.0.
Réponse
C · 255.255.240.0
18.Réseaux informatiques
Réponse: A · Go-Back-N renvoie la trame perdue et toutes les suivantes ; Selective Repeat seulement la trame perdue
Pourquoi c'est la réponse
Un récepteur Go-Back-N rejette les trames hors séquence, l'émetteur doit donc tout répéter après la perte. Selective Repeat les met en mémoire tampon et ne demande que la trame manquante.
Réponse
A · Go-Back-N renvoie la trame perdue et toutes les suivantes ; Selective Repeat seulement la trame perdue
19.Sous-réseaux IPv4
Réponse: H = 14
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).
Bits à emprunter
24 = 16 ≥ 10 → b = 4, /28
Hôtes par sous-réseau
24 − 2 = 14
Réponse
H = 14
20.Sous-réseaux IPv4
Réponse: x = 143
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).