Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −39 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −398 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
2205 codes, b = ? bits?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Un système doit donner à chacun de 2205 éléments son propre code binaire, tous de même longueur. Quel est le plus petit nombre de bits b nécessaire ?

2205
b = bit
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
abcc → a¬(c → a)(b ∨ c) ∨ ¬(c → a)111?110?101?100?011?010?001?000?

Dans combien des 8 lignes de sa table de vérité (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) est-elle vraie ? Appelez ce nombre N.

(b ∨ c) ∨ ¬(c → a)
N =
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
q → pp ∧ q¬p → ¬qp → q

Les prémisses p → r; r → q sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.

p → rr → q
  1. 1q → p
  2. 2p ∧ q
  3. 3¬p → ¬q
  4. 4p → q
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111000011312041507060121131151141809011110

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme produit de sommes (POS) minimale de F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 5, 8, 10, 13, 14, 15). Combien de termes somme (facteurs) N a-t-elle ?

F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 5, 8, 10, 13, 14, 15)
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​CLKMOD-6

Un compteur modulo 6 synchrone compte 0, 1, …, 5 puis revient à 0. Il part de 1. Quelle valeur Q (en décimal) affiche-t-il après 16 impulsions d’horloge ?

Q0 = 116N = 6
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’inverse de 47 modulo 97 : le nombre x avec 0 < x < 97 et 47·x ≡ 1 (mod 97).

a = 47n = 97
47−1 mod 97 =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (91, 11)d = ?

Une clé RSA utilise les nombres premiers p = 7 et q = 13 et l’exposant public e = 11. Trouvez l’exposant privé d (0 < d < φ(n)).

p = 7q = 13e = 11
d =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quelle est la solution de la récurrence T(n) = 2T(n − 1) + O(1) ?

  1. AO(2ⁿ)
  2. BO(n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(n²)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Pourquoi une recherche dans une table de hachage est-elle en O(1) en moyenne mais en O(n) dans le pire cas ?

  1. ADe nombreuses clés peuvent entrer en collision dans le même compartiment
  2. BLes fonctions de hachage sont lentes
  3. CLes clés doivent d'abord être triées
  4. DL'accès aux tableaux est en O(n)
11.Structures de donnéesMoyen

Que se passe-t-il lorsqu'une table de hachage est rehachée après que son facteur de charge a dépassé un seuil ?

  1. ALes clés existantes sont triées sur place
  2. BSeules les clés en collision sont déplacées dans une nouvelle liste de débordement à la fin de la table
  3. CLes clés les plus anciennes sont supprimées pour faire de la place
  4. DUne table plus grande est allouée et chaque clé y est réinsérée
12.Structures de donnéesDifficile

Quel est le temps d'exécution d'un parcours en largeur sur un graphe à V sommets stocké sous forme de matrice d'adjacence ?

  1. AO(V²)
  2. BO(E log V)
  3. CO(V + E)
  4. DO(V)
13.Théorie des graphesMoyen

Un graphe connexe a 6 sommets et 12 arêtes. Combien d’arêtes k faut-il retirer pour obtenir un arbre couvrant ?

|V| = 6|E| = 12
k =
14.Théorie des graphesDifficile
219181214918ABCDEF

Trouvez le poids total W d’un arbre couvrant minimal du graphe pondéré.

|V| = 6|E| = 8
W =
15.Bases de données et SQLMoyen

La troisième forme normale (3NF) élimine :

  1. ALes valeurs atomiques
  2. BLes dépendances transitives entre attributs non clés
  3. CLes index redondants sur des colonnes qui ne font pas partie d'une clé
  4. DLes clés composées
16.Bases de données et SQLDifficile

Quel niveau d'isolation empêche les lectures sales (dirty reads) mais autorise encore les lectures non répétables ?

  1. ASerializable
  2. BRepeatable read
  3. CRead committed
  4. DRead uncommitted
17.Réseaux informatiquesMoyen

Pourquoi un commutateur envoie-t-il parfois une trame sur tous ses ports sauf celui d'arrivée ?

  1. ALa trame est trop grande pour un seul port
  2. BL'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
  3. CLa trame a une somme de contrôle IP erronée et doit être vérifiée par chaque hôte
  4. DLe commutateur joue le rôle de routeur
18.Réseaux informatiquesDifficile

Un étudiant fait tourner un serveur de jeu sur un PC derrière un routeur NAT domestique. Ses amis sur Internet ne peuvent pas s'y connecter. Quelle est la solution habituelle ?

  1. ADésactiver le client DNS du PC
  2. BConfigurer une redirection de port sur le routeur vers l'adresse privée du PC
  3. CDonner au PC une autre adresse MAC pour que le routeur puisse le trouver depuis l'extérieur
  4. DPasser le masque de sous-réseau du PC à /32
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/?11111111111111111111111100000000bits réseaubits hôte

Un service a besoin de 197 adresses d'hôte dans un seul sous-réseau. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p (le plus petit sous-réseau) suffisante ?

197 hosts
p =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
dernier octet = 167112806413201608141211réseauhôte

Un hôte a l'adresse 10.20.151.167/27. Quel est le quatrième octet x de son adresse réseau ?

10.20.151.167/27
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 217

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

39 = 0010 0111
inversé: 1101 1000
+1 → 1101 1001

Le lire en non signé

1101 1001₂ = 256 − 39 = 217

Réponse

U = 217
2.Systèmes de numération

Réponse: b = 12 bit

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Puissances de deux

211 = 2048 < 2205
212 = 4096 ≥ 2205

Réponse

b = 12
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 6

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Table de vérité ligne par ligne

a = 1, b = 1, c = 1: b ∨ c = 1, c → a = 1, ¬(c → a) = 0, (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) = 1
a = 1, b = 1, c = 0: b ∨ c = 1, c → a = 1, ¬(c → a) = 0, (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) = 1
a = 1, b = 0, c = 1: b ∨ c = 1, c → a = 1, ¬(c → a) = 0, (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) = 1
a = 1, b = 0, c = 0: b ∨ c = 0, c → a = 1, ¬(c → a) = 0, (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) = 0
a = 0, b = 1, c = 1: b ∨ c = 1, c → a = 0, ¬(c → a) = 1, (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) = 1
a = 0, b = 1, c = 0: b ∨ c = 1, c → a = 1, ¬(c → a) = 0, (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) = 1
a = 0, b = 0, c = 1: b ∨ c = 1, c → a = 0, ¬(c → a) = 1, (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) = 1
a = 0, b = 0, c = 0: b ∨ c = 0, c → a = 1, ¬(c → a) = 0, (b ∨ c) ∨ ¬(c → a) = 0

Compter les lignes de valeur 1

(b ∨ c) ∨ ¬(c → a): 1, 1, 1, 0, 1, 1, 1, 0
N = 6

Réponse

N = 6
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: p → q

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Lignes où toutes les prémisses sont vraies

p = 1, q = 1, r = 1: q → p = 1, p ∧ q = 1, ¬p → ¬q = 1, p → q = 1
p = 0, q = 1, r = 1: q → p = 0, p ∧ q = 0, ¬p → ¬q = 0, p → q = 1
p = 0, q = 1, r = 0: q → p = 0, p ∧ q = 0, ¬p → ¬q = 0, p → q = 1
p = 0, q = 0, r = 0: q → p = 1, p ∧ q = 0, ¬p → ¬q = 1, p → q = 1

Conclusion

p → q (syllogisme hypothétique)

Réponse

p → q
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 4

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABCD000111100001111000011312041507060121131151141809011110

Regrouper les 0

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

(B′ + C + D)
(A′ + B + D′)
(A + B + C)
(A + B′ + C′)

Forme POS minimale

F = (B′ + C + D)(A′ + B + D′)(A + B + C)(A + B′ + C′)
N = 4

Réponse

N = 4
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: Q = 5

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Cycles complets

Toutes les 6 impulsions ramènent le compteur au même état.

16 = 2·6 + 4

Valeur après les impulsions restantes

Q = (1 + 4) mod 6 = 5
Q = 101₂

Réponse

Q = 5
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 47−1 mod 97 = 64

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algorithme d’Euclide étendu

Chaque reste r s’écrit r ≡ t·47 (mod 97).

r = 97, t = 0
r = 47, q = 2, t = 1
r = 3, q = 15, t = −2
r = 2, q = 1, t = 31
r = 1, q = 2, t = −33

Inverse

1 ≡ −33·47 (mod 97)
x = 64
vérification: 47·64 = 3008 = 31·97 + 1

Réponse

47−1 mod 97 = 64
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: d = 59

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Module et indicatrice

n = 7·13 = 91
φ(n) = 6·12 = 72

Algorithme d’Euclide étendu

r = 72, t = 0
r = 11, q = 6, t = 1
r = 6, q = 1, t = −6
r = 5, q = 1, t = 7
r = 1, q = 5, t = −13

Exposant privé

d = 59
vérification: 11·59 = 649 = 9·72 + 1

Réponse

d = 59
9.Algorithmes et complexité

Réponse: A · O(2ⁿ)

Pourquoi c'est la réponse

Le nombre d'appels double à chaque niveau et il y a n niveaux : le total est donc environ 2ⁿ, comme pour les tours de Hanoï.

Réponse

A · O(2ⁿ)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: A · De nombreuses clés peuvent entrer en collision dans le même compartiment

Pourquoi c'est la réponse

Avec une bonne fonction de hachage et un facteur de charge adapté, les compartiments restent courts en moyenne ; un hachage malveillant ou médiocre peut placer toutes les clés dans un seul compartiment.

Réponse

A · De nombreuses clés peuvent entrer en collision dans le même compartiment
11.Structures de données

Réponse: D · Une table plus grande est allouée et chaque clé y est réinsérée

Pourquoi c'est la réponse

Comme l'indice est calculé modulo la taille de la table, toutes les clés doivent être rehachées dans la nouvelle table, plus grande ; en doublant la taille, le coût reste O(1) amorti.

Réponse

D · Une table plus grande est allouée et chaque clé y est réinsérée
12.Structures de données

Réponse: A · O(V²)

Pourquoi c'est la réponse

Chacun des V sommets parcourt une ligne de V cases, ce qui donne O(V²) ; avec des listes d'adjacence, le BFS est en O(V + E).

Réponse

A · O(V²)
13.Théorie des graphes

Réponse: k = 7

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Arêtes d’un arbre couvrant

6 − 1 = 5

Arêtes à retirer

k = 12 − 5 = 7

Réponse

k = 7
14.Théorie des graphes

Réponse: W = 38

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Algorithme de Kruskal

EF (1): prise
AB (2): prise
BE (8): prise
DF (9): prise
BD (12): sautée, ferme un cycle
DE (14): sautée, ferme un cycle
BC (18): prise

Poids total

W = 1 + 2 + 8 + 9 + 18 = 38

Réponse

W = 38
15.Bases de données et SQL

Réponse: B · Les dépendances transitives entre attributs non clés

Pourquoi c'est la réponse

En 3NF, aucun attribut non clé ne dépend d'un autre attribut non clé, comme lorsqu'on stocke la ville et le code postal alors que la ville dépend du code postal.

Réponse

B · Les dépendances transitives entre attributs non clés
16.Bases de données et SQL

Réponse: C · Read committed

Pourquoi c'est la réponse

Read committed masque les modifications non validées ; Repeatable read empêche aussi les lectures non répétables ; Serializable empêche également les lectures fantômes.

Réponse

C · Read committed
17.Réseaux informatiques

Réponse: B · L'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses

Pourquoi c'est la réponse

Pour une adresse unicast inconnue, le commutateur inonde la trame. Lorsque la destination répond, le commutateur apprend son port à partir de l'adresse MAC source.

Réponse

B · L'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
18.Réseaux informatiques

Réponse: B · Configurer une redirection de port sur le routeur vers l'adresse privée du PC

Pourquoi c'est la réponse

Le NAT ne crée des correspondances que pour les connexions initiées depuis l'intérieur. Une règle de redirection de port associe un port public à l'hôte interne pour que les connexions entrantes puissent l'atteindre.

Réponse

B · Configurer une redirection de port sur le routeur vers l'adresse privée du PC
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: p = 24

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Bits d'hôte nécessaires

27 − 2 = 126 < 197
28 − 2 = 254 ≥ 197 → h = 8

Longueur du préfixe

p = 32 − 8 = 24

Réponse

p = /24
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 160

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Taille de bloc

25 = 32

Sous-réseau de cet hôte

réseau: ⌊167/32⌋·32 = 160
diffusion: 160 + 32 − 1 = 191
hôtes utilisables: 161 … 190

Réponse

x = 160

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