Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.
Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états
Méthode
Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.
Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Méthode
Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Théorie des graphes
Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij
Méthode
Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).
Sous-réseaux IPv4
Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n
2Exercices
1.Systèmes de numérationMoyen
Positionnez les bits pour qu’ils représentent −4 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?
N = −48 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0110 1000 XOR 0010 0101. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?
0110 1000XOR0010 0101
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
Quelle formule est logiquement équivalente à r → q ? Cliquez dessus.
r → q
1¬q ∧ ¬r
2¬q → ¬r
3q → r
4¬r → ¬q
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
Quel énoncé est équivalent à ¬∀x ∃y R(x, y), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.
¬∀x ∃y R(x, y)
1∀x ∀y ¬R(x, y)
2∀x ∃y ¬R(x, y)
3∃y ∀x ¬R(x, y)
4∃x ∀y ¬R(x, y)
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
Simplifiez F = ABC′ + A′C′ + BC à sa forme somme de produits minimale. Combien de littéraux L contient l’expression simplifiée ?
F = ABC′ + A′C′ + BC
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
Trouvez la forme SOP minimale de F(A, B, C, D) = Σm(4, 9, 11, 13, 14) + d(2, 6, 8), où d marque les états indifférents. Combien de termes produits N a-t-elle ?
F(A, B, C, D) = Σm(4, 9, 11, 13, 14) + d(2, 6, 8)
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen
Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(343), le nombre d’entiers de 1 à 343 premiers avec 343.
n = 343 = 73
φ(343) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
Chiffre le message m = 215 avec la clé publique RSA (n, e) = (437, 13). Trouvez le chiffré c.
n = 437e = 13m = 215
c =
9.Algorithmes et complexitéMoyen
Quelle est la complexité temporelle amortie de l'ajout en fin de tableau dynamique qui double sa capacité lorsqu'il est plein ?
AO(n²)
BO(log n)
CO(n)
DO(1)
10.Algorithmes et complexitéDifficile
Quels sont les coûts en temps et en espace du calcul du n-ième nombre de Fibonacci avec une boucle qui ne conserve que les deux dernières valeurs ?
AO(log n) en temps et O(n) en espace
BO(n) en temps et O(1) en espace
CO(n) en temps et O(n) en espace
DO(2ⁿ) en temps et O(1) en espace
11.Structures de donnéesMoyen
Comment trouve-t-on la clé minimale dans un arbre binaire de recherche ?
AOn suit les enfants droits depuis la racine jusqu'à ce qu'il n'y en ait plus
BOn suit les enfants gauches depuis la racine jusqu'à ce qu'il n'y en ait plus
COn visite toutes les feuilles et on les compare
DOn regarde uniquement la racine
12.Structures de donnéesDifficile
L'algorithme de Kahn pour le tri topologique retire répétitivement les sommets de degré entrant 0. Quelle structure contient ces sommets ?
AUne matrice d'adjacence indiquant quels sommets ont déjà été retirés
BUn tas max ordonné par degré sortant
CUne file (ou toute collection) des sommets de degré entrant 0
DUne pile de toutes les arêtes visitées
13.Théorie des graphesMoyen
Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.
|V| = 5|E| = 6
1Circuit eulérien
2Chemin eulérien, pas de circuit
3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
Combien de marches de longueur 2 vont de D à C ? Une marche peut répéter des sommets et des arêtes. Appelez ce nombre N.
M = matrice d’adjacenceL = 2
N =
15.Bases de données et SQLMoyen
Un LEFT JOIN renvoie :
AUniquement les lignes correspondantes des deux tables
BLes lignes qui ne correspondent dans aucune des deux tables
CUniquement toutes les lignes de la table de droite
DToutes les lignes de la table de gauche et les lignes correspondantes de droite, avec des NULL en l'absence de correspondance
16.Bases de données et SQLDifficile
Que calcule SELECT day, SUM(amount) OVER (ORDER BY day) FROM sales ?
ALe montant moyen par jour
BLe total de tous les montants sur chaque ligne
CUne ligne par jour avec uniquement le total de ce jour
DUn total cumulé de amount, ordonné par day
17.Réseaux informatiquesMoyen
Combien de temps faut-il pour émettre un paquet de 1500 octets sur une liaison à 12 Mbit/s (délai de transmission) ?
A0,125 ms
B12 ms
C8 ms
D1 ms
18.Réseaux informatiquesDifficile
Dans une connexion TCP, que contrôle la fenêtre de réception (rwnd) ?
ALa taille de chaque en-tête de paquet IP
BLa quantité de données non acquittées que l'émetteur peut envoyer, en fonction du tampon du récepteur
CLe délai d'expiration avant retransmission, calculé à partir du temps d'aller-retour mesuré de chaque segment
DLe nombre de ports ouverts
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
Le réseau 10.181.164.0/22 est divisé en sous-réseaux égaux de préfixe /26. Combien y a-t-il de sous-réseaux N ?
10.181.164.0/22/26
N =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
Un hôte a l'adresse 10.20.143.30/25. Quel est le dernier nombre (quatrième octet) x de l'adresse de diffusion de son sous-réseau ?
10.20.143.30/25
x =
3Solutions
1.Systèmes de numération
Réponse: U = 252
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Inverser et ajouter un
4 = 0000 0100
inversé: 1111 1011
+1 → 1111 1100
Le lire en non signé
1111 1100₂ = 256 − 4 = 252
Réponse
U = 252
2.Systèmes de numération
Réponse: R = 77
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Bit par bit
OU exclusif (XOR) donne 1 quand les deux bits diffèrent.
0110 1000
XOR 0010 0101
= 0100 1101
Valeur du résultat
0100 1101₂ = 77
Réponse
R = 77
3.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: ¬q → ¬r
Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
La loi
Une implication est équivalente à sa contraposée ¬b → ¬a, pas à sa réciproque b → a ni à son inverse ¬a → ¬b.
r → q ≡ ¬q → ¬r
Vérifier avec la table de vérité
q = 1, r = 1: 1 | 0 1 1 1
q = 1, r = 0: 1 | 0 1 0 0
q = 0, r = 1: 0 | 0 0 1 1
q = 0, r = 0: 1 | 1 1 1 1
Réponse
¬q → ¬r
Les colonnes après la barre sont les options dans l’ordre affiché.
4.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: ∃x ∀y ¬R(x, y)
Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.
Faire passer la négation vers l’intérieur
¬∀x ∃y R(x, y) ≡ ∃x ∀y ¬R(x, y)
Réponse
∃x ∀y ¬R(x, y)
Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: L = 3
Algèbre de Boole : les règles qui simplifient les expressions sont X + X′ = 1 et X·X′ = 0, X + X = X, l’absorption X + X·Y = X, la règle de combinaison X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y et le théorème du consensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Les lois de De Morgan transforment (X·Y)′ en X′ + Y′ et (X + Y)′ en X′·Y′. Un tableau de Karnaugh applique ces règles graphiquement : chaque groupe de deux cases voisines est une utilisation de XY + XY′ = X.
Mintermes de l’expression
ABC′ → m(6)
A′C′ → m(0, 2)
BC → m(3, 7)
Regrouper et lire
F = B + A′C′
Compter les littéraux
L = 3
Réponse
L = 3
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: N = 4
Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.
Implicants premiers
Les plus grands groupes pouvant être formés de 1 et de X.
BCD′, AC′D, A′BD′, AB′D, AB′C′
Couverture minimale
F = BCD′ + AC′D + A′BD′ + AB′D
N = 4
Réponse
N = 4
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: φ(343) = 294
Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Facteurs premiers
343 = 73
Indicatrice
φ(343) = 343 − 49 = 294
Réponse
φ(343) = 294
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: c = 156
Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.
Carré répété
13 = 8 + 4 + 1
2151 ≡ 215 (mod 437)
2152 ≡ 340 (mod 437)
2154 ≡ 232 (mod 437)
2158 ≡ 73 (mod 437)
21513 ≡ 215·232·73 ≡ 156 (mod 437)
Chiffré
c = 156
Réponse
c = 156
9.Algorithmes et complexité
Réponse: D · O(1)
Pourquoi c'est la réponse
La copie de tous les éléments n'a lieu qu'aux puissances de deux ; répartie sur tous les ajouts, le coût moyen par ajout est constant.
Réponse
D · O(1)
10.Algorithmes et complexité
Réponse: B · O(n) en temps et O(1) en espace
Pourquoi c'est la réponse
Chaque étape n'a besoin que des deux valeurs précédentes : la table de la méthode ascendante peut donc être remplacée par deux variables.
Réponse
B · O(n) en temps et O(1) en espace
11.Structures de données
Réponse: B · On suit les enfants gauches depuis la racine jusqu'à ce qu'il n'y en ait plus
Pourquoi c'est la réponse
Le nœud le plus à gauche n'a aucune clé plus petite dans l'arbre, c'est donc le minimum ; le coût est proportionnel à la hauteur.
Réponse
B · On suit les enfants gauches depuis la racine jusqu'à ce qu'il n'y en ait plus
12.Structures de données
Réponse: C · Une file (ou toute collection) des sommets de degré entrant 0
Pourquoi c'est la réponse
Les sommets prêts sont conservés dans une file ; en retirer un diminue le degré entrant de ses voisins, et ceux qui atteignent 0 sont ajoutés, ce qui donne un temps en O(V + E).
Réponse
C · Une file (ou toute collection) des sommets de degré entrant 0
13.Théorie des graphes
Réponse: Circuit eulérien
Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.
Degrés : le degré d’un sommet est le nombre d’arêtes qui y aboutissent. Chaque arête a deux extrémités, donc les degrés totalisent deux fois le nombre d’arêtes : Σ deg(v) = 2|E| (le lemme des poignées de main). Le nombre de sommets de degré impair est donc pair. Kn a n(n − 1)/2 arêtes, un graphe k-régulier à n sommets en a nk/2, et un arbre à n sommets a n − 1 arêtes.
Matrice d’adjacence
A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 1 1 0 0 1
D: 0 1 0 0 0
E: 0 1 1 0 0
Voisins communs
(M²)DC = 0·1 + 1·1 + 0·0 + 0·0 + 0·1 = 1
Réponse
N = 1
15.Bases de données et SQL
Réponse: D · Toutes les lignes de la table de gauche et les lignes correspondantes de droite, avec des NULL en l'absence de correspondance
Pourquoi c'est la réponse
Une jointure externe gauche conserve chaque ligne de gauche ; les colonnes de droite sans correspondance sont remplies avec NULL.
Réponse
D · Toutes les lignes de la table de gauche et les lignes correspondantes de droite, avec des NULL en l'absence de correspondance
16.Bases de données et SQL
Réponse: D · Un total cumulé de amount, ordonné par day
Pourquoi c'est la réponse
Avec ORDER BY et sans cadre explicite, la fenêtre va de la première ligne jusqu'à la ligne courante (et ses ex æquo), ce qui donne une somme cumulée.
Réponse
D · Un total cumulé de amount, ordonné par day
17.Réseaux informatiques
Réponse: D · 1 ms
Pourquoi c'est la réponse
1500 octets = 12000 bits. 12000 / 12000000 bit/s = 0,001 s = 1 ms. Le délai de transmission dépend de la taille du paquet et du débit de la liaison, pas de la distance.
Réponse
D · 1 ms
18.Réseaux informatiques
Réponse: B · La quantité de données non acquittées que l'émetteur peut envoyer, en fonction du tampon du récepteur
Pourquoi c'est la réponse
Le récepteur annonce l'espace disponible dans son tampon ; l'émetteur limite en conséquence les données non acquittées, ce qui évite de surcharger le récepteur.
Réponse
B · La quantité de données non acquittées que l'émetteur peut envoyer, en fonction du tampon du récepteur
19.Sous-réseaux IPv4
Réponse: N = 16
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Bits empruntés
26 − 22 = 4
Nombre de sous-réseaux
N = 24 = 16
Réponse
N = 16
Chaque sous-réseau /26 a 26 − 2 = 62 hôtes utilisables.
20.Sous-réseaux IPv4
Réponse: x = 127
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).