Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

Nouveaux exercicesRetour au cours

Dans la fenêtre d’impression, choisissez « Enregistrer au format PDF » pour garder une copie sur votre appareil.

1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits?−128?64?32?16?8?4?2?1

Écris −104 comme motif de 8 bits en complément à deux. Lis ce motif comme un nombre binaire non signé : quelle est sa valeur U en décimal ?

N = −1048 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
16 bit1 px1024 px768 pxM = ? KiB

Une image non compressée fait 1024 × 768 pixels avec 16 bits par pixel. Quelle mémoire M occupe-t-elle, en Kio (1 Kio = 1024 octets) ?

1024 × 768 px16 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
pqr¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))(¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)))111?110?101?100?011?010?001?000?

Dans combien des 8 lignes de sa table de vérité ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) est-elle vraie ? Appelez ce nombre N.

¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)))
N =
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))∃x (¬A(x) ∧ ∃y R(x, y))∀x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))∃x (A(x) → ∀y ¬R(x, y))

Quel énoncé est équivalent à ¬∀x (A(x) → ∃y R(x, y)), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.

¬∀x (A(x) → ∃y R(x, y))
  1. 1∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
  2. 2∃x (¬A(x) ∧ ∃y R(x, y))
  3. 3∀x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
  4. 4∃x (A(x) → ∀y ¬R(x, y))
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111000010312140507061120130151141809111110

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme somme de produits (SOP) minimale de F(A, B, C, D) = Σm(2, 4, 8, 10, 11, 12, 14). Combien de littéraux L contient-elle au total (une variable primée compte pour un littéral) ?

F(A, B, C, D) = Σm(2, 4, 8, 10, 11, 12, 14)
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKJOHNSON

Un compteur Johnson de 4 bits Q₃Q₂Q₁Q₀ part de 0000. À chaque front d’horloge, les bits se décalent d’une place vers la droite (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) et Q₃ reçoit l’inverse de Q₀. Donnez l’état Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sous forme de nombre décimal après 9 fronts d’horloge.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 00009
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’inverse de 63 modulo 73 : le nombre x avec 0 < x < 73 et 63·x ≡ 1 (mod 73).

a = 63n = 73
63−1 mod 73 =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile

Combien de solutions N a 24x ≡ 44 (mod 58) dans {0, 1, …, 57} ?

24x ≡ 44 (mod 58)
N =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Un algorithme glouton :

  1. AN'utilise que la récursivité
  2. BDonne toujours la solution optimale
  3. CEssaie toutes les solutions possibles
  4. DFait le meilleur choix local à chaque étape
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Pour quelle variante du problème du sac à dos la règle gloutonne « prendre les objets par ordre de valeur par unité de poids » donne-t-elle toujours une réponse optimale ?

  1. ALe sac à dos 0/1, où les objets doivent toujours être pris entiers
  2. BAucune des deux variantes
  3. CLes deux variantes
  4. DLe sac à dos fractionnaire, où les objets peuvent être fractionnés
11.Structures de donnéesMoyen

Une file est implémentée avec deux piles : on empile sur une pile « in » et on dépile depuis une pile « out », remplie à partir de « in » lorsqu'elle est vide. Quel est le coût amorti par opération ?

  1. AO(n²)
  2. BO(1)
  3. CO(log n)
  4. DO(n)
12.Structures de donnéesDifficile

Que fait un arbre splay (splay tree) après chaque accès ?

  1. AIl recolorie les nœuds du chemin de recherche
  2. BIl déplace le nœud accédé vers une feuille
  3. CIl reconstruit tout l'arbre sous forme équilibrée
  4. DIl fait remonter le nœud accédé jusqu'à la racine par des rotations
13.Théorie des graphesMoyen

Un arbre a 3 sommets de degré 3, 2 sommets de degré 4, 2 sommets de degré 5, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?

3 × deg 32 × deg 42 × deg 5
L =
14.Théorie des graphesDifficile
ABCDE

Combien de marches fermées de longueur 2 partent de E et y reviennent ? Une marche peut répéter des sommets et des arêtes. Appelez ce nombre N.

M = matrice d’adjacenceL = 2
N =
15.Bases de données et SQLMoyen

Une table contient des lignes où col est NULL. Quelles lignes WHERE col = NULL renvoie-t-il ?

  1. AAucune ligne, car la comparaison est inconnue
  2. BUniquement les lignes où col est NULL, comme avec IS NULL
  3. CToutes les lignes de la table
  4. DUne erreur dans toutes les bases de données
16.Bases de données et SQLDifficile

Que calcule SELECT day, SUM(amount) OVER (ORDER BY day) FROM sales ?

  1. ALe total de tous les montants sur chaque ligne
  2. BLe montant moyen par jour
  3. CUne ligne par jour avec uniquement le total de ce jour
  4. DUn total cumulé de amount, ordonné par day
17.Réseaux informatiquesMoyen

Avec une parité paire, quel bit de parité ajoute-t-on aux bits de données 1011001 ?

  1. A0
  2. B4
  3. C2
  4. D1
18.Réseaux informatiquesDifficile

Tu dois diviser 192.168.1.0/24 en au moins 5 sous-réseaux de 25 hôtes maximum chacun. Quelle longueur de préfixe convient le mieux ?

  1. A/28
  2. B/25
  3. C/26
  4. D/27
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/24 → /2811111111111111111111111111110000bits réseaubits hôte

Le réseau 192.168.10.0/24 doit être divisé en au moins 16 sous-réseaux égaux. Si tu empruntes le moins de bits possible, combien d'hôtes utilisables H chaque sous-réseau a-t-il ?

192.168.10.0/2416 subnets
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet = 226112816413201608041201réseauhôte

Un hôte a l’adresse 172.20.226.49/17. Quel est le troisième octet x de son adresse réseau ?

172.20.226.49/17
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 152

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Inverser et ajouter un

104 = 0110 1000
inversé: 1001 0111
+1 → 1001 1000

Le lire en non signé

1001 1000₂ = 256 − 104 = 152

Réponse

U = 152
2.Systèmes de numération

Réponse: M = 1536 KiB

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Bits et octets

1024·768·16 = 12582912 bit = 1572864 B

Convertir en Kio

1572864/1024 = 1536 KiB

Réponse

M = 1536 KiB
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 2

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Table de vérité ligne par ligne

p = 1, q = 1, r = 1: ¬q = 0, ¬q ∨ p = 1, ¬p = 0, ¬r = 0, ¬p ↔ ¬r = 1, q ∧ (¬p ↔ ¬r) = 1, ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 0, (¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 0, ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: ¬q = 0, ¬q ∨ p = 1, ¬p = 0, ¬r = 1, ¬p ↔ ¬r = 0, q ∧ (¬p ↔ ¬r) = 0, ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, (¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, ¬p = 0, ¬r = 0, ¬p ↔ ¬r = 1, q ∧ (¬p ↔ ¬r) = 0, ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, (¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) = 0
p = 1, q = 0, r = 0: ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, ¬p = 0, ¬r = 1, ¬p ↔ ¬r = 0, q ∧ (¬p ↔ ¬r) = 0, ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, (¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: ¬q = 0, ¬q ∨ p = 0, ¬p = 1, ¬r = 0, ¬p ↔ ¬r = 0, q ∧ (¬p ↔ ¬r) = 0, ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, (¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 0, ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: ¬q = 0, ¬q ∨ p = 0, ¬p = 1, ¬r = 1, ¬p ↔ ¬r = 1, q ∧ (¬p ↔ ¬r) = 1, ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 0, (¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, ¬p = 1, ¬r = 0, ¬p ↔ ¬r = 0, q ∧ (¬p ↔ ¬r) = 0, ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, (¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: ¬q = 1, ¬q ∨ p = 1, ¬p = 1, ¬r = 1, ¬p ↔ ¬r = 1, q ∧ (¬p ↔ ¬r) = 0, ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, (¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r)) = 1, ¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))) = 0

Compter les lignes de valeur 1

¬((¬q ∨ p) ↔ ¬(q ∧ (¬p ↔ ¬r))): 1, 0, 0, 0, 1, 0, 0, 0
N = 2

Réponse

N = 2
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Faire passer la négation vers l’intérieur

¬∀x (A(x) → ∃y R(x, y)) ≡ ∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))

Réponse

∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))

Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.

5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: L = 11

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABCD000111100001111000010312140507061120130151141809111110

Regrouper les 1

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

B′CD′
BC′D′
AD′
AB′C

Forme SOP minimale

F = B′CD′ + BC′D′ + AD′ + AB′C
L = 11

Réponse

L = 11
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: Q = 8

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

État après chaque front

0000 → 1000 → 1100 → 1110 → 1111 → 0111 → 0011 → 0001 → 0000 → 1000

Valeur décimale

1000₂ = 8

Réponse

Q = 8
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 63−1 mod 73 = 51

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algorithme d’Euclide étendu

Chaque reste r s’écrit r ≡ t·63 (mod 73).

r = 73, t = 0
r = 63, q = 1, t = 1
r = 10, q = 6, t = −1
r = 3, q = 3, t = 7
r = 1, q = 3, t = −22

Inverse

1 ≡ −22·63 (mod 73)
x = 51
vérification: 63·51 = 3213 = 44·73 + 1

Réponse

63−1 mod 73 = 51
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: N = 2

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Diviser par le pgcd

gcd(24, 58) = 2
12x ≡ 22 (mod 29)

Résoudre la congruence réduite

12−1 ≡ 17 (mod 29) → x ≡ 26 (mod 29)

Solutions modulo 58

x ∈ {26, 55}
N = 2

Réponse

N = 2
9.Algorithmes et complexité

Réponse: D · Fait le meilleur choix local à chaque étape

Pourquoi c'est la réponse

Les algorithmes gloutons sont rapides et optimaux pour certains problèmes (par ex. Dijkstra, codage de Huffman), mais pas en général (par ex. le rendu de monnaie avec certains systèmes de pièces).

Réponse

D · Fait le meilleur choix local à chaque étape
10.Algorithmes et complexité

Réponse: D · Le sac à dos fractionnaire, où les objets peuvent être fractionnés

Pourquoi c'est la réponse

Lorsque les objets peuvent être fractionnés, prendre d'abord le meilleur rapport est optimal ; dans le sac à dos 0/1, un objet à fort rapport peut bloquer une meilleure combinaison, d'où la nécessité de la programmation dynamique.

Réponse

D · Le sac à dos fractionnaire, où les objets peuvent être fractionnés
11.Structures de données

Réponse: B · O(1)

Pourquoi c'est la réponse

Chaque élément est empilé et dépilé au plus deux fois au total ; même si un remplissage peut coûter O(n), la moyenne sur une suite d'opérations est O(1).

Réponse

B · O(1)
12.Structures de données

Réponse: D · Il fait remonter le nœud accédé jusqu'à la racine par des rotations

Pourquoi c'est la réponse

Le splaying déplace le nœud accédé vers la racine par des rotations ; une opération isolée peut coûter O(n), mais le coût amorti est O(log n).

Réponse

D · Il fait remonter le nœud accédé jusqu'à la racine par des rotations
13.Théorie des graphes

Réponse: L = 15

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Lemme des poignées de main pour un arbre

L + 27 = 2(L + 7) − 2
L = 15

Réponse

L = 15

Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.

14.Théorie des graphes

Réponse: N = 2

Degrés : le degré d’un sommet est le nombre d’arêtes qui y aboutissent. Chaque arête a deux extrémités, donc les degrés totalisent deux fois le nombre d’arêtes : Σ deg(v) = 2|E| (le lemme des poignées de main). Le nombre de sommets de degré impair est donc pair. Kn a n(n − 1)/2 arêtes, un graphe k-régulier à n sommets en a nk/2, et un arbre à n sommets a n − 1 arêtes.

Matrice d’adjacence

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 1 0
C: 1 1 0 0 1
D: 0 1 0 0 1
E: 0 0 1 1 0

Voisins communs

(M²)EE = 0·0 + 0·0 + 1·1 + 1·1 + 0·0 = 2

Réponse

N = 2
15.Bases de données et SQL

Réponse: A · Aucune ligne, car la comparaison est inconnue

Pourquoi c'est la réponse

Toute comparaison avec NULL au moyen de = donne UNKNOWN, et WHERE ne garde que les lignes TRUE ; utilisez plutôt col IS NULL.

Réponse

A · Aucune ligne, car la comparaison est inconnue
16.Bases de données et SQL

Réponse: D · Un total cumulé de amount, ordonné par day

Pourquoi c'est la réponse

Avec ORDER BY et sans cadre explicite, la fenêtre va de la première ligne jusqu'à la ligne courante (et ses ex æquo), ce qui donne une somme cumulée.

Réponse

D · Un total cumulé de amount, ordonné par day
17.Réseaux informatiques

Réponse: A · 0

Pourquoi c'est la réponse

1011001 contient quatre bits à 1, un nombre déjà pair, le bit de parité est donc 0. Avec une parité impaire, il serait 1.

Réponse

A · 0
18.Réseaux informatiques

Réponse: D · /27

Pourquoi c'est la réponse

/27 donne 8 sous-réseaux de 30 hôtes utilisables chacun. /26 ne donne que 4 sous-réseaux, et /28 ne permet que 14 hôtes par sous-réseau.

Réponse

D · /27
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 14

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Bits à emprunter

24 = 16 ≥ 16 → b = 4, /28

Hôtes par sous-réseau

24 − 2 = 14

Réponse

H = 14
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 128

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc dans le troisième octet

27 = 128

Sous-réseau de cet hôte

réseau: 172.20.128.0
diffusion: 172.20.255.255

Réponse

x = 128

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals