Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

Nouveaux exercicesRetour au cours

Dans la fenêtre d’impression, choisissez « Enregistrer au format PDF » pour garder une copie sur votre appareil.

1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −16 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −168 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1011 0011 AND 0001 0101. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

1011 0011AND0001 0101
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
pqrr ↔ (r ∨ ¬p)¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)))111?110?101?100?011?010?001?000?

Dans combien des 8 lignes de sa table de vérité ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) est-elle vraie ? Appelez ce nombre N.

¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)))
N =
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
qrq ∨ rq¬r11100100

Le raisonnement de prémisses q ∨ r; q et de conclusion ¬r est invalide. Cliquez sur la ligne de la table de vérité qui est un contre-exemple.

q ∨ rq∴ ¬r
  1. 1q = 1, r = 1
  2. 2q = 1, r = 0
  3. 3q = 0, r = 1
  4. 4q = 0, r = 0
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111010110302141517161121131150140809011110

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme somme de produits (SOP) minimale de F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 4, 5, 6, 7, 10, 12, 13, 15). Combien de littéraux L contient-elle au total (une variable primée compte pour un littéral) ?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 4, 5, 6, 7, 10, 12, 13, 15)
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
FFQ0​Q0​FFQ1​Q1​FFQ2​Q2​FFQ3​Q3​FFQ4​Q4​FFQ5​Q5​CLKMOD-50

Une horloge de 10 kHz pilote un compteur modulo 50. Trouvez la fréquence fout de sa sortie de poids fort, qui effectue un cycle par cycle de comptage.

fclk = 10 kHzN = 50
fout = kHz
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’inverse de 5 modulo 17 : le nombre x avec 0 < x < 17 et 5·x ≡ 1 (mod 17).

a = 5n = 17
5−1 mod 17 =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (85, 5)d = ?

Une clé RSA utilise les nombres premiers p = 5 et q = 17 et l’exposant public e = 5. Trouvez l’exposant privé d (0 < d < φ(n)).

p = 5q = 17e = 5
d =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Un algorithme glouton :

  1. AN'utilise que la récursivité
  2. BEssaie toutes les solutions possibles
  3. CDonne toujours la solution optimale
  4. DFait le meilleur choix local à chaque étape
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Quel est le coût amorti de l'incrémentation d'un compteur binaire, sachant qu'une incrémentation peut inverser de nombreux bits ?

  1. AO(1) par incrémentation
  2. BO(log n) par incrémentation
  3. CO(n) par incrémentation
  4. DO(n log n) par incrémentation
11.Structures de donnéesMoyen

Un trie (arbre de préfixes) est particulièrement efficace pour :

  1. ALe tri de nombres
  2. BLe stockage de matrices
  3. CLa recherche des plus courts chemins
  4. DLes recherches par préfixe, comme l'autocomplétion
12.Structures de donnéesDifficile

Quel est le temps d'exécution d'un parcours en largeur sur un graphe à V sommets stocké sous forme de matrice d'adjacence ?

  1. AO(V)
  2. BO(V²)
  3. CO(V + E)
  4. DO(E log V)
13.Théorie des graphesMoyen

Combien de circuits hamiltoniens différents H le graphe complet K4 a-t-il ? Les circuits qui ne diffèrent que par le sommet de départ ou le sens comptent comme un seul.

K4
H =
14.Théorie des graphesDifficile
172016158144101213ABCDEFG

L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal. Cliquez sur l’arête qu’il ajoute en numéro 4 ; les arêtes sautées ne comptent pas.

k = 4
  1. 1arête AB
  2. 2arête AC
  3. 3arête BC
  4. 4arête BD
  5. 5arête DF
  6. 6arête EF
  7. 7arête GB
  8. 8arête GC
  9. 9arête GD
  10. 10arête GE
15.Bases de données et SQLMoyen

Une table contient des lignes où col est NULL. Quelles lignes WHERE col = NULL renvoie-t-il ?

  1. AUniquement les lignes où col est NULL, comme avec IS NULL
  2. BAucune ligne, car la comparaison est inconnue
  3. CToutes les lignes de la table
  4. DUne erreur dans toutes les bases de données
16.Bases de données et SQLDifficile

Que montre EXPLAIN (ou EXPLAIN ANALYZE dans PostgreSQL) pour une requête ?

  1. ALe plan d'exécution choisi par l'optimiseur, comme les parcours et les méthodes de jointure
  2. BLa signification de chaque mot-clé SQL de la requête
  3. CLa liste des utilisateurs qui ont exécuté la requête
  4. DUniquement une réécriture de la requête en notation d'algèbre relationnelle
17.Réseaux informatiquesMoyen

Combien de temps faut-il pour émettre un paquet de 1500 octets sur une liaison à 12 Mbit/s (délai de transmission) ?

  1. A1 ms
  2. B12 ms
  3. C8 ms
  4. D0,125 ms
18.Réseaux informatiquesDifficile

Après des collisions répétées, les stations Ethernet classiques choisissent leur temps d'attente dans un intervalle qui double à chaque fois. Pourquoi ?

  1. APour réduire le risque d'une nouvelle collision lorsque de nombreuses stations sont en concurrence
  2. BPour synchroniser toutes les stations sur une même horloge
  3. CPour que le câble transporte les signaux plus loin
  4. DPour donner la priorité à la station ayant l'adresse MAC la plus élevée sur le câble partagé
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/24 → /2711111111111111111111111111100000bits réseaubits hôte

Le réseau 192.168.10.0/24 doit être divisé en au moins 6 sous-réseaux égaux. Si tu empruntes le moins de bits possible, combien d'hôtes utilisables H chaque sous-réseau a-t-il ?

192.168.10.0/246 subnets
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet = 199112816403201608141211réseauhôte

Un hôte a l’adresse 172.20.199.156/18. Quel est le troisième octet x de son adresse réseau ?

172.20.199.156/18
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 240

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

16 = 0001 0000
inversé: 1110 1111
+1 → 1111 0000

Le lire en non signé

1111 0000₂ = 256 − 16 = 240

Réponse

U = 240
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 17

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

ET donne 1 seulement quand les deux bits valent 1.

1011 0011
AND 0001 0101
= 0001 0001

Valeur du résultat

0001 0001₂ = 17

Réponse

R = 17
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 1

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Table de vérité ligne par ligne

p = 1, q = 1, r = 1: ¬p = 0, q ∧ ¬p = 0, ¬(q ∧ ¬p) = 1, r ∨ ¬p = 1, r ↔ (r ∨ ¬p) = 1, ¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)) = 1, ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) = 0
p = 1, q = 1, r = 0: ¬p = 0, q ∧ ¬p = 0, ¬(q ∧ ¬p) = 1, r ∨ ¬p = 0, r ↔ (r ∨ ¬p) = 1, ¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)) = 1, ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: ¬p = 0, q ∧ ¬p = 0, ¬(q ∧ ¬p) = 1, r ∨ ¬p = 1, r ↔ (r ∨ ¬p) = 1, ¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)) = 1, ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) = 0
p = 1, q = 0, r = 0: ¬p = 0, q ∧ ¬p = 0, ¬(q ∧ ¬p) = 1, r ∨ ¬p = 0, r ↔ (r ∨ ¬p) = 1, ¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)) = 1, ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: ¬p = 1, q ∧ ¬p = 1, ¬(q ∧ ¬p) = 0, r ∨ ¬p = 1, r ↔ (r ∨ ¬p) = 1, ¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)) = 1, ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) = 0
p = 0, q = 1, r = 0: ¬p = 1, q ∧ ¬p = 1, ¬(q ∧ ¬p) = 0, r ∨ ¬p = 1, r ↔ (r ∨ ¬p) = 0, ¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)) = 1, ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: ¬p = 1, q ∧ ¬p = 0, ¬(q ∧ ¬p) = 1, r ∨ ¬p = 1, r ↔ (r ∨ ¬p) = 1, ¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)) = 1, ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: ¬p = 1, q ∧ ¬p = 0, ¬(q ∧ ¬p) = 1, r ∨ ¬p = 1, r ↔ (r ∨ ¬p) = 0, ¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p)) = 0, ¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))) = 1

Compter les lignes de valeur 1

¬(¬(q ∧ ¬p) → (r ↔ (r ∨ ¬p))): 0, 0, 0, 0, 0, 0, 0, 1
N = 1

Réponse

N = 1
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: q = 1, r = 1

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Prémisses et conclusion ligne par ligne

q = 1, r = 1: 1 1 | 0
q = 1, r = 0: 1 1 | 1
q = 0, r = 1: 1 0 | 0
q = 0, r = 0: 0 0 | 1

Contre-exemple

q = 1, r = 1

Réponse

q = 1, r = 1

Un raisonnement de cette forme ressemble à une règle valide, mais une seule ligne suffit à montrer qu’il ne l’est pas.

5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: L = 12

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABCD000111100001111010110302141517161121131150140809011110

Regrouper les 1

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

BD
BC′
A′C′
A′B
AB′CD′

Forme SOP minimale

F = BD + BC′ + A′C′ + A′B + AB′CD′
L = 12

Réponse

L = 12
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: fout = 0,2 kHz

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Division de fréquence

fout = 10 kHz / 50 = 0,2 kHz

Réponse

fout = 0,2 kHz
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 5−1 mod 17 = 7

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algorithme d’Euclide étendu

Chaque reste r s’écrit r ≡ t·5 (mod 17).

r = 17, t = 0
r = 5, q = 3, t = 1
r = 2, q = 2, t = −3
r = 1, q = 2, t = 7

Inverse

1 ≡ 7·5 (mod 17)
x = 7
vérification: 5·7 = 35 = 2·17 + 1

Réponse

5−1 mod 17 = 7
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: d = 13

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Module et indicatrice

n = 5·17 = 85
φ(n) = 4·16 = 64

Algorithme d’Euclide étendu

r = 64, t = 0
r = 5, q = 12, t = 1
r = 4, q = 1, t = −12
r = 1, q = 4, t = 13

Exposant privé

d = 13
vérification: 5·13 = 65 = 1·64 + 1

Réponse

d = 13
9.Algorithmes et complexité

Réponse: D · Fait le meilleur choix local à chaque étape

Pourquoi c'est la réponse

Les algorithmes gloutons sont rapides et optimaux pour certains problèmes (par ex. Dijkstra, codage de Huffman), mais pas en général (par ex. le rendu de monnaie avec certains systèmes de pièces).

Réponse

D · Fait le meilleur choix local à chaque étape
10.Algorithmes et complexité

Réponse: A · O(1) par incrémentation

Pourquoi c'est la réponse

Sur n incrémentations, le bit i s'inverse environ n / 2ⁱ fois : le total est inférieur à 2n inversions, soit en moyenne O(1) chacune.

Réponse

A · O(1) par incrémentation
11.Structures de données

Réponse: D · Les recherches par préfixe, comme l'autocomplétion

Pourquoi c'est la réponse

Les tries stockent les chaînes caractère par caractère le long de chemins, donc les recherches et les requêtes par préfixe prennent un temps proportionnel à la longueur de la clé.

Réponse

D · Les recherches par préfixe, comme l'autocomplétion
12.Structures de données

Réponse: B · O(V²)

Pourquoi c'est la réponse

Chacun des V sommets parcourt une ligne de V cases, ce qui donne O(V²) ; avec des listes d'adjacence, le BFS est en O(V + E).

Réponse

B · O(V²)
13.Théorie des graphes

Réponse: H = 3

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Compter

H = (4 − 1)!/2 = 6/2 = 3

Réponse

H = 3
14.Théorie des graphes

Réponse: arête GD

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Algorithme de Kruskal

1. GB (4)
2. DF (8)
3. GC (10)
4. GD (12)
5. GE (13)
6. AB (17)

numéro de l’arête 4

GD

Réponse

arête GD
15.Bases de données et SQL

Réponse: B · Aucune ligne, car la comparaison est inconnue

Pourquoi c'est la réponse

Toute comparaison avec NULL au moyen de = donne UNKNOWN, et WHERE ne garde que les lignes TRUE ; utilisez plutôt col IS NULL.

Réponse

B · Aucune ligne, car la comparaison est inconnue
16.Bases de données et SQL

Réponse: A · Le plan d'exécution choisi par l'optimiseur, comme les parcours et les méthodes de jointure

Pourquoi c'est la réponse

EXPLAIN affiche le plan (parcours d'index ou séquentiels, algorithmes de jointure, coûts estimés) ; EXPLAIN ANALYZE exécute aussi la requête et indique les temps réels.

Réponse

A · Le plan d'exécution choisi par l'optimiseur, comme les parcours et les méthodes de jointure
17.Réseaux informatiques

Réponse: A · 1 ms

Pourquoi c'est la réponse

1500 octets = 12000 bits. 12000 / 12000000 bit/s = 0,001 s = 1 ms. Le délai de transmission dépend de la taille du paquet et du débit de la liaison, pas de la distance.

Réponse

A · 1 ms
18.Réseaux informatiques

Réponse: A · Pour réduire le risque d'une nouvelle collision lorsque de nombreuses stations sont en concurrence

Pourquoi c'est la réponse

Chaque nouvelle collision suggère davantage de concurrence ; l'intervalle aléatoire s'agrandit donc et les stations ont plus de chances de choisir des créneaux différents. Le mécanisme s'adapte à la charge sans contrôle central.

Réponse

A · Pour réduire le risque d'une nouvelle collision lorsque de nombreuses stations sont en concurrence
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 30

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Bits à emprunter

23 = 8 ≥ 6 → b = 3, /27

Hôtes par sous-réseau

25 − 2 = 30

Réponse

H = 30
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 192

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc dans le troisième octet

26 = 64

Sous-réseau de cet hôte

réseau: 172.20.192.0
diffusion: 172.20.255.255

Réponse

x = 192

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals