Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

Nouveaux exercicesRetour au cours

Dans la fenêtre d’impression, choisissez « Enregistrer au format PDF » pour garder une copie sur votre appareil.

1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
poids en complément à deux1−12806413211608041201

Le motif de 8 bits 1011 0010 stocke un entier signé en complément à deux. Quelle est sa valeur N en décimal ?

1011 00108 bit
N =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1010 1001 XOR 0010 1001. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

1010 1001XOR0010 1001
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
¬¬q ∧ ¬(p ∨ r)¬q ∧ ¬(p ∨ r)¬¬q → ¬(p ∨ r)¬¬q ∧ (p ∨ r)

Vous voulez prouver ¬q → (p ∨ r) par l’absurde. Quel énoncé supposez-vous au départ ? Cliquez dessus.

¬q → (p ∨ r)
  1. 1¬¬q ∧ ¬(p ∨ r)
  2. 2¬q ∧ ¬(p ∨ r)
  3. 3¬¬q → ¬(p ∨ r)
  4. 4¬¬q ∧ (p ∨ r)
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
∀x (¬F(x) → ¬G(x))∀x (F(x) ∧ ¬G(x))∀x (F(x) → ¬G(x))∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Quel énoncé est équivalent à ¬∃x (F(x) → G(x)), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.

¬∃x (F(x) → G(x))
  1. 1∀x (¬F(x) → ¬G(x))
  2. 2∀x (F(x) ∧ ¬G(x))
  3. 3∀x (F(x) → ¬G(x))
  4. 4∃x (F(x) ∧ ¬G(x))
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111000010302040517060120131150141809011110

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme produit de sommes (POS) minimale de F(A, B, C, D) = Σm(7, 8, 10, 15). Combien de termes somme (facteurs) N a-t-elle ?

F(A, B, C, D) = Σm(7, 8, 10, 15)
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
DQ0​Q0​DQ1​Q1​DQ2​Q2​CLKJOHNSON

Un compteur Johnson (en anneau torsadé) est formé de 3 bascules D, avec la dernière sortie inversée rebouclée sur la première entrée, et démarre à zéro partout. Combien d’états différents N parcourt-il ?

n = 3
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(133), le nombre d’entiers de 1 à 133 premiers avec 133.

n = 133 = 7·19
φ(133) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile

43 est premier. Utilisez le petit théorème de Fermat pour trouver 232116 mod 43.

p = 43k = 2116
232116 mod 43 =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Le parcours en largeur (BFS) sur un graphe non pondéré trouve :

  1. AL'arbre couvrant de poids minimal
  2. BUn ordre topologique dans tous les graphes
  3. CLes plus courts chemins dans les graphes qui contiennent des poids d'arêtes négatifs
  4. DLes plus courts chemins en nombre d'arêtes depuis le nœud de départ
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Pour montrer qu'un nouveau problème X est NP-difficile, que faut-il faire ?

  1. ARéduire un problème NP-difficile connu à X en temps polynomial
  2. BMontrer que X peut être vérifié en temps polynomial
  3. CMontrer que X n'a pas d'algorithme polynomial pour les petites entrées
  4. DRéduire X à un problème NP-difficile connu en temps polynomial
11.Structures de donnéesMoyen

Quelle méthode de résolution des collisions stocke les clés en collision dans une liste au sein du même compartiment ?

  1. ALe chaînage séparé (separate chaining)
  2. BLe sondage quadratique (quadratic probing)
  3. CLe double hachage (double hashing)
  4. DLe sondage linéaire (linear probing)
12.Structures de donnéesDifficile

La structure union-find (ensembles disjoints) avec union par rang et compression de chemin a un coût amorti par opération de :

  1. AExactement O(log n)
  2. BO(n²)
  3. CO(n)
  4. DO(α(n)), l'inverse de la fonction d'Ackermann, pratiquement constant
13.Théorie des graphesMoyen
ABCDECircuit eulérienChemin eulérien, pas de circuitni l’une ni l’autre

Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.

|V| = 5|E| = 6
  1. 1Circuit eulérien
  2. 2Chemin eulérien, pas de circuit
  3. 3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
ABCDEF

Combien de marches de longueur 2 vont de E à F ? Une marche peut répéter des sommets et des arêtes. Appelez ce nombre N.

M = matrice d’adjacenceL = 2
N =
15.Bases de données et SQLMoyen

Que fait GRANT SELECT ON employees TO alice ?

  1. AIl copie la table employees pour alice
  2. BIl autorise l'utilisatrice alice à lire la table employees
  3. CIl fait d'alice la propriétaire de la base de données
  4. DIl autorise alice à modifier et à supprimer des lignes de la table employees
16.Bases de données et SQLDifficile

Quel niveau d'isolation empêche les lectures sales (dirty reads) mais autorise encore les lectures non répétables ?

  1. ARepeatable read
  2. BSerializable
  3. CRead committed
  4. DRead uncommitted
17.Réseaux informatiquesMoyen

Pourquoi un commutateur envoie-t-il parfois une trame sur tous ses ports sauf celui d'arrivée ?

  1. ALe commutateur joue le rôle de routeur
  2. BLa trame a une somme de contrôle IP erronée et doit être vérifiée par chaque hôte
  3. CL'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
  4. DLa trame est trop grande pour un seul port
18.Réseaux informatiquesDifficile

Dans le modèle TCP/IP, quelle couche ajoute les numéros de port ?

  1. ACouche Internet
  2. BCouche application
  3. CCouche transport
  4. DCouche liaison
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
255.255.240.011111111111111111111000000000000bits réseaubits hôte

Un sous-réseau utilise le masque 255.255.240.0. Combien d’adresses d’hôte utilisables H possède-t-il ?

255.255.240.0
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet 95 … 98012816403211618141211communsvariables

Un routeur a des routes vers ces réseaux : 10.249.95.0/24, 10.249.96.0/24, 10.249.97.0/24, 10.249.98.0/24. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p d’une route résumée unique qui les couvre tous ?

10.249.95.0/24 … 10.249.98.0/24
p =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: N = −78

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Additionner les poids

Les autres bits gardent leurs valeurs positives habituelles.

−128 + 32 + 16 + 2 = −78

Réponse

N = −78
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 128

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

OU exclusif (XOR) donne 1 quand les deux bits diffèrent.

1010 1001
XOR 0010 1001
= 1000 0000

Valeur du résultat

1000 0000₂ = 128

Réponse

R = 128
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ¬q ∧ ¬(p ∨ r)

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Parties de l’implication

a = ¬q, b = p ∨ r

Négation de l’implication

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = ¬q ∧ ¬(p ∨ r)

Réponse

¬q ∧ ¬(p ∨ r)

Si l’hypothèse mène à une contradiction, l’implication doit être vraie.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ∀x (F(x) ∧ ¬G(x))

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Faire passer la négation vers l’intérieur

¬∃x (F(x) → G(x)) ≡ ∀x (F(x) ∧ ¬G(x))

Réponse

∀x (F(x) ∧ ¬G(x))

Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.

5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 4

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABCD000111100001111000010302040517060120131150141809011110

Regrouper les 0

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

(C + D′)
(B + D′)
(B′ + D)
(A + D)

Forme POS minimale

F = (C + D′)(B + D′)(B′ + D)(A + D)
N = 4

Réponse

N = 4

Il existe un autre regroupement de même taille ; il a le même nombre de termes et de littéraux.

6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 6

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Séquence pour 3 bascules

000 → 100 → 110 → 111 → 011 → 001

Nombre d’états

N = 6

Réponse

N = 6
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: φ(133) = 108

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Facteurs premiers

133 = 7·19

Indicatrice

φ(133) = φ(7)·φ(19) = 6·18 = 108

Réponse

φ(133) = 108
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 232116 mod 43 = 38

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Réduire l’exposant

2116 mod 42 = 16
232116 ≡ 2316 (mod 43)

Petite puissance

2316 mod 43 = 38

Réponse

232116 mod 43 = 38
9.Algorithmes et complexité

Réponse: D · Les plus courts chemins en nombre d'arêtes depuis le nœud de départ

Pourquoi c'est la réponse

BFS visite les nœuds par ordre de distance (en arêtes) depuis la source ; il trouve donc les plus courts chemins non pondérés en O(V + E).

Réponse

D · Les plus courts chemins en nombre d'arêtes depuis le nœud de départ
10.Algorithmes et complexité

Réponse: A · Réduire un problème NP-difficile connu à X en temps polynomial

Pourquoi c'est la réponse

Si un problème difficile connu peut être transformé efficacement en X, un algorithme rapide pour X résoudrait aussi le problème connu.

Réponse

A · Réduire un problème NP-difficile connu à X en temps polynomial
11.Structures de données

Réponse: A · Le chaînage séparé (separate chaining)

Pourquoi c'est la réponse

Le chaînage conserve une liste chaînée (ou une autre structure) par compartiment ; l'adressage ouvert cherche un autre emplacement libre dans la table elle-même.

Réponse

A · Le chaînage séparé (separate chaining)
12.Structures de données

Réponse: D · O(α(n)), l'inverse de la fonction d'Ackermann, pratiquement constant

Pourquoi c'est la réponse

Avec les deux optimisations, les opérations prennent un temps amorti O(α(n)) ; α(n) ≤ 4 pour tout n réaliste.

Réponse

D · O(α(n)), l'inverse de la fonction d'Ackermann, pratiquement constant
13.Théorie des graphes

Réponse: Chemin eulérien, pas de circuit

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Degrés

deg(A) = 2, deg(B) = 3, deg(C) = 3, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Sommets impairs

B, C → 2
Chemin eulérien, pas de circuit

Réponse

Chemin eulérien, pas de circuit

Le chemin eulérien commence à un sommet impair et finit à l’autre.

14.Théorie des graphes

Réponse: N = 1

Degrés : le degré d’un sommet est le nombre d’arêtes qui y aboutissent. Chaque arête a deux extrémités, donc les degrés totalisent deux fois le nombre d’arêtes : Σ deg(v) = 2|E| (le lemme des poignées de main). Le nombre de sommets de degré impair est donc pair. Kn a n(n − 1)/2 arêtes, un graphe k-régulier à n sommets en a nk/2, et un arbre à n sommets a n − 1 arêtes.

Matrice d’adjacence

A: 0 0 1 0 0 0
B: 0 0 0 1 1 0
C: 1 0 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Voisins communs

(M²)EF = 0·0 + 1·0 + 1·0 + 1·1 + 0·1 + 1·0 = 1

Réponse

N = 1
15.Bases de données et SQL

Réponse: B · Il autorise l'utilisatrice alice à lire la table employees

Pourquoi c'est la réponse

GRANT accorde un privilège sur un objet ; SELECT n'autorise que la lecture, tandis qu'INSERT, UPDATE et DELETE sont des privilèges distincts.

Réponse

B · Il autorise l'utilisatrice alice à lire la table employees
16.Bases de données et SQL

Réponse: C · Read committed

Pourquoi c'est la réponse

Read committed masque les modifications non validées ; Repeatable read empêche aussi les lectures non répétables ; Serializable empêche également les lectures fantômes.

Réponse

C · Read committed
17.Réseaux informatiques

Réponse: C · L'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses

Pourquoi c'est la réponse

Pour une adresse unicast inconnue, le commutateur inonde la trame. Lorsque la destination répond, le commutateur apprend son port à partir de l'adresse MAC source.

Réponse

C · L'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
18.Réseaux informatiques

Réponse: C · Couche transport

Pourquoi c'est la réponse

Les en-têtes TCP et UDP contiennent les ports source et destination ; la couche Internet (IP) ajoute les adresses.

Réponse

C · Couche transport
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 4094

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Longueur du préfixe

255.255.240.0 = /20

Hôtes utilisables

212 − 2 = 4094

Réponse

H = 4094
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: p = 18

Résumé de routes : une route résumée a.b.c.0/p couvre tous les réseaux dont les p premiers bits correspondent. Écrivez en binaire l’octet qui diffère pour le premier et le dernier réseau ; le nombre de bits de tête communs, plus les bits des octets qui le précèdent, donne le plus long préfixe de résumé.

Comparer les bits

95 = 01011111
98 = 01100010
bits de tête communs : 2

Longueur du préfixe

p = 16 + 2 = 18

Réponse

p = /18

Route résumée : 10.249.64.0/18 (elle couvre aussi 60 réseau(x) qui ne figurent pas dans la liste).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals