Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −58 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −588 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
24 bits, non signé, N = ?????????????????????????

Quel est le plus grand entier non signé N qui tient sur 24 bits ?

24 bit
N =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
q → (p → r)(q → r) ∧ (p → r)q ∧ (p → r)(q → p) → r

Quelle formule est logiquement équivalente à (q ∧ p) → r ? Cliquez dessus.

(q ∧ p) → r
  1. 1q → (p → r)
  2. 2(q → r) ∧ (p → r)
  3. 3q ∧ (p → r)
  4. 4(q → p) → r
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile

Combien des 16 lignes de la table de vérité rendent (¬(c ∧ d) ∨ b) ↔ ((¬b ∧ d) ∨ ¬(a ∨ c)) vraie ? Appelez ce nombre N.

(¬(c ∧ d) ∨ b) ↔ ((¬b ∧ d) ∨ ¬(a ∨ c))
N =
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABC00011110010011130204151716

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme somme de produits (SOP) minimale de F(A, B, C) = Σm(1, 3, 5, 6, 7). Combien de termes produits N a-t-elle ?

F(A, B, C) = Σm(1, 3, 5, 6, 7)
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
ABCD00011110000111101011031214X50716X12013115X140819111110

Trouvez la forme SOP minimale de F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 4, 6, 9, 10, 11, 15) + d(5, 12, 14), où d marque les états indifférents. Combien de littéraux L contient-elle ?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 4, 6, 9, 10, 11, 15) + d(5, 12, 14)
L =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’inverse de 17 modulo 47 : le nombre x avec 0 < x < 47 et 17·x ≡ 1 (mod 47).

a = 17n = 47
17−1 mod 47 =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod n675m = cd​ mod n?(n, e) = (1081, 3)d

Une clé RSA utilise p = 23, q = 47 et e = 3. Déchiffrez le chiffré c = 675 : trouvez le message m.

p = 23q = 47e = 3c = 675
m =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quel est le temps d'exécution du tri par base LSD sur n entiers de d chiffres en base k ?

  1. AO(dn log k)
  2. BO(n²)
  3. CO(d(n + k))
  4. DO(n log n)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Pour quelle variante du problème du sac à dos la règle gloutonne « prendre les objets par ordre de valeur par unité de poids » donne-t-elle toujours une réponse optimale ?

  1. ALe sac à dos 0/1, où les objets doivent toujours être pris entiers
  2. BLe sac à dos fractionnaire, où les objets peuvent être fractionnés
  3. CLes deux variantes
  4. DAucune des deux variantes
11.Structures de donnéesMoyen

Que se passe-t-il lorsqu'une table de hachage est rehachée après que son facteur de charge a dépassé un seuil ?

  1. ASeules les clés en collision sont déplacées dans une nouvelle liste de débordement à la fin de la table
  2. BLes clés les plus anciennes sont supprimées pour faire de la place
  3. CLes clés existantes sont triées sur place
  4. DUne table plus grande est allouée et chaque clé y est réinsérée
12.Structures de donnéesDifficile

Quel problème du sondage linéaire le double hachage réduit-il principalement ?

  1. ALe coût en O(n) de la lecture de la valeur d'une clé
  2. BLe regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées
  3. CLe besoin de stocker les clés dans la table
  4. DLe besoin d'une fonction de hachage
13.Théorie des graphesMoyen

Un arbre a 4 sommets de degré 5, 4 sommets de degré 2, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?

4 × deg 54 × deg 2
L =
14.Théorie des graphesDifficile
102846188111212ABCDEFG

Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(F) du plus court chemin de A à F dans le graphe pondéré.

départ : Aarrivée : F
d(F) =
15.Bases de données et SQLMoyen

Quelle requête liste les clients qui n'ont jamais passé de commande ?

  1. ASELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id = NULL
  2. BSELECT c.name FROM customers c INNER JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
  3. CSELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
  4. DSELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NOT NULL
16.Bases de données et SQLDifficile

Avec le contrôle de concurrence multiversion (MVCC), comment les lecteurs évitent-ils de bloquer les écrivains ?

  1. ALes lecteurs voient un instantané cohérent des versions validées des lignes, tandis que les écrivains créent de nouvelles versions
  2. BLes lecteurs attendent toujours que tous les écrivains aient validé
  3. CLes lecteurs lisent directement les données non validées
  4. DLes écritures sont interdites tant qu'un lecteur est actif
17.Réseaux informatiquesMoyen

Quel type d'enregistrement DNS associe un nom d'hôte à une adresse IPv6 ?

  1. ACNAME
  2. BA
  3. CAAAA
  4. DMX
18.Réseaux informatiquesDifficile

En quoi la fragmentation diffère-t-elle en IPv6 par rapport à IPv4 ?

  1. AIPv6 fragmente au niveau de la couche transport, dans TCP
  2. BLes routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin
  3. CIPv6 n'autorise pas de paquets de plus de 576 octets
  4. DLes routeurs IPv6 fragmentent tout paquet de plus de 64 octets avant de le transmettre sur le chemin
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/24 → /2911111111111111111111111111111000bits réseaubits hôte

Le réseau 192.168.236.0/24 est divisé en sous-réseaux /29, numérotés 1, 2, 3, … à partir de l’adresse la plus basse (le sous-réseau 1 commence à .0). Quel est le quatrième octet x de l’adresse réseau du sous-réseau 6 ?

192.168.236.0/24/29sous-réseau 6 (le sous-réseau 1 commence à .0)
x =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile

Le réseau 192.168.45.0/24 est découpé en VLSM pour ces LAN : A: 4 hôtes, B: 14 hôtes, C: 42 hôtes, D: 23 hôtes, E: 17 hôtes. Les sous-réseaux sont attribués à partir de .0 en montant, le LAN ayant le plus d’hôtes en premier, chacun recevant le plus petit sous-réseau qui convient. Quel est le quatrième octet x de l’adresse réseau du LAN A ?

A: 4B: 14C: 42D: 23E: 17
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 198

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

58 = 0011 1010
inversé: 1100 0101
+1 → 1100 0110

Le lire en non signé

1100 0110₂ = 256 − 58 = 198

Réponse

U = 198
2.Systèmes de numération

Réponse: N = 1,678 × 10⁷

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Plus grande valeur

224 − 1 = 16777215

Réponse

N = 16777215
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: q → (p → r)

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

La loi

Exportation : (a ∧ b) → c ≡ a → (b → c). Les deux valent 0 seulement quand a = 1, b = 1 et c = 0.
(q ∧ p) → r ≡ q → (p → r)

Vérifier avec la table de vérité

p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 0 | 0 0 0 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 | 1 1 0 1
p = 1, q = 0, r = 0: 1 | 1 0 0 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 | 1 0 1 1
p = 0, q = 0, r = 1: 1 | 1 1 0 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 | 1 1 0 0

Réponse

q → (p → r)

Les colonnes après la barre sont les options dans l’ordre affiché.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 5

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Colonnes

c ∧ d; ¬(c ∧ d); ¬(c ∧ d) ∨ b; ¬b; ¬b ∧ d; a ∨ c; ¬(a ∨ c); (¬b ∧ d) ∨ ¬(a ∨ c); (¬(c ∧ d) ∨ b) ↔ ((¬b ∧ d) ∨ ¬(a ∨ c))

Scinder selon a

a = 1: 1
a = 0: 4
N = 1 + 4 = 5

Réponse

N = 5
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 2

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABC00011110010011130204151716

Regrouper les 1

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

C
AB

Forme SOP minimale

F = C + AB
N = 2

Réponse

N = 2
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: L = 7

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

Implicants premiers

Les plus grands groupes pouvant être formés de 1 et de X.

CD′, BD′, B′C′D, A′D′, A′C′, AC, AB′D
ABCD00011110000111101011031214X50716X12013115X140819111110

Couverture minimale

F = B′C′D + A′D′ + AC
L = 7

Réponse

L = 7
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 17−1 mod 47 = 36

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algorithme d’Euclide étendu

Chaque reste r s’écrit r ≡ t·17 (mod 47).

r = 47, t = 0
r = 17, q = 2, t = 1
r = 13, q = 1, t = −2
r = 4, q = 3, t = 3
r = 1, q = 4, t = −11

Inverse

1 ≡ −11·17 (mod 47)
x = 36
vérification: 17·36 = 612 = 13·47 + 1

Réponse

17−1 mod 47 = 36
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: m = 991

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant privé

n = 1081, φ(n) = 1012
d = 3−1 mod 1012 = 675

Déchiffrer par carré répété

675 = 512 + 128 + 32 + 2 + 1
6751 ≡ 675 (mod 1081)
6752 ≡ 524 (mod 1081)
6754 ≡ 2 (mod 1081)
6758 ≡ 4 (mod 1081)
67516 ≡ 16 (mod 1081)
67532 ≡ 256 (mod 1081)
67564 ≡ 676 (mod 1081)
675128 ≡ 794 (mod 1081)
675256 ≡ 213 (mod 1081)
675512 ≡ 1048 (mod 1081)
675675 ≡ 675·524·256·794·1048 ≡ 991 (mod 1081)

Message

m = 991
vérification: 9913 mod 1081 = 675

Réponse

m = 991
9.Algorithmes et complexité

Réponse: C · O(d(n + k))

Pourquoi c'est la réponse

Chacune des d passes est un tri par comptage coûtant O(n + k) ; pour d et k fixés, le total est donc linéaire en n.

Réponse

C · O(d(n + k))
10.Algorithmes et complexité

Réponse: B · Le sac à dos fractionnaire, où les objets peuvent être fractionnés

Pourquoi c'est la réponse

Lorsque les objets peuvent être fractionnés, prendre d'abord le meilleur rapport est optimal ; dans le sac à dos 0/1, un objet à fort rapport peut bloquer une meilleure combinaison, d'où la nécessité de la programmation dynamique.

Réponse

B · Le sac à dos fractionnaire, où les objets peuvent être fractionnés
11.Structures de données

Réponse: D · Une table plus grande est allouée et chaque clé y est réinsérée

Pourquoi c'est la réponse

Comme l'indice est calculé modulo la taille de la table, toutes les clés doivent être rehachées dans la nouvelle table, plus grande ; en doublant la taille, le coût reste O(1) amorti.

Réponse

D · Une table plus grande est allouée et chaque clé y est réinsérée
12.Structures de données

Réponse: B · Le regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées

Pourquoi c'est la réponse

Le sondage linéaire avance d'un pas de 1, donc les suites occupées grossissent et fusionnent ; le double hachage utilise un second hachage pour la taille du pas, si bien que des clés différentes sondent des séquences différentes.

Réponse

B · Le regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées
13.Théorie des graphes

Réponse: L = 14

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Lemme des poignées de main pour un arbre

L + 28 = 2(L + 8) − 2
L = 14

Réponse

L = 14

Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.

14.Théorie des graphes

Réponse: d(F) = 16

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Dijkstra tour par tour

Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.

A (0): B: 10, C: 2
C (2): E: 8, G: 13
E (8): D: 9, F: 16
D (9)
B (10)
G (13)
F (16)

Plus court chemin

A → C → E → F
d(F) = 16

Réponse

d(F) = 16
15.Bases de données et SQL

Réponse: C · SELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL

Pourquoi c'est la réponse

La jointure externe gauche garde tous les clients et remplit les colonnes de commande avec NULL en l'absence de correspondance ; IS NULL sélectionne alors exactement ces clients.

Réponse

C · SELECT c.name FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.id IS NULL
16.Bases de données et SQL

Réponse: A · Les lecteurs voient un instantané cohérent des versions validées des lignes, tandis que les écrivains créent de nouvelles versions

Pourquoi c'est la réponse

Le MVCC conserve les anciennes versions des lignes afin qu'un lecteur voie les données telles qu'elles étaient dans son instantané, tandis qu'un écrivain crée une nouvelle version au lieu d'écraser sur place.

Réponse

A · Les lecteurs voient un instantané cohérent des versions validées des lignes, tandis que les écrivains créent de nouvelles versions
17.Réseaux informatiques

Réponse: C · AAAA

Pourquoi c'est la réponse

Un enregistrement A contient une adresse IPv4, AAAA une adresse IPv6. MX désigne les serveurs de messagerie et CNAME donne un alias.

Réponse

C · AAAA
18.Réseaux informatiques

Réponse: B · Les routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin

Pourquoi c'est la réponse

Un routeur IPv6 détruit un paquet trop grand et renvoie un message ICMPv6 Packet Too Big. La source envoie alors des paquets plus petits ou utilise un en-tête d'extension de fragmentation.

Réponse

B · Les routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 40

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc

23 = 8

Sous-réseau numéro 6

réseau: (6 − 1)·8 = 40
diffusion: 40 + 8 − 1 = 47

Réponse

x = 40
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 144

VLSM : chaque LAN reçoit le plus petit sous-réseau tel que 2ʰ − 2 ≥ son nombre d’hôtes, c’est-à-dire un préfixe 32 − h. Attribuer d’abord les plus grands sous-réseaux garde chaque bloc aligné sur un multiple de sa propre taille, donc les adresses réseau s’obtiennent en additionnant les tailles de bloc.

Taille de bloc par LAN

C: 42 hôtes → 26 = 64 (/26)
D: 23 hôtes → 25 = 32 (/27)
E: 17 hôtes → 25 = 32 (/27)
B: 14 hôtes → 24 = 16 (/28)
A: 4 hôtes → 23 = 8 (/29)

Attribution, du plus grand au plus petit

C: .0 – .63
D: .64 – .95
E: .96 – .127
B: .128 – .143
A: .144 – .151

Réponse

x = 144

LAN A : 192.168.45.144/29.

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