Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.
Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états
Méthode
Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.
Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Méthode
Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Théorie des graphes
Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij
Méthode
Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).
Sous-réseaux IPv4
Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n
2Exercices
1.Systèmes de numérationMoyen
Le motif de 8 bits 1000 1000 stocke un entier signé en complément à deux. Quelle est sa valeur N en décimal ?
1000 10008 bit
N =
2.Systèmes de numérationDifficile
Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0010 0111 OR 0011 0001. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?
0010 0111OR0011 0001
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
Vous voulez prouver ¬a → b par contraposée. Quelle implication prouvez-vous à la place ? Cliquez dessus.
¬a → b
1b → ¬a
2¬¬a → ¬b
3¬a ∧ ¬b
4¬b → ¬¬a
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
Les prémisses r → p; r sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.
r → pr
1¬r
2r ∧ ¬p
3¬p
4p
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
Dans ce tableau de Karnaugh, exactement un 1 n’a aucun 1 voisin, donc il reste un groupe d’une seule case (un minterme complet de quatre littéraux) dans la forme SOP minimale. Les voisins de part et d’autre des bords du tableau comptent. Cliquez sur cette case.
F = Σm(0, 1, 3, 5, 6, 8, 13)
1AB = 00, CD = 00
2AB = 00, CD = 01
3AB = 00, CD = 11
4AB = 00, CD = 10
5AB = 01, CD = 00
6AB = 01, CD = 01
7AB = 01, CD = 11
8AB = 01, CD = 10
9AB = 11, CD = 00
10AB = 11, CD = 01
11AB = 11, CD = 11
12AB = 11, CD = 10
13AB = 10, CD = 00
14AB = 10, CD = 01
15AB = 10, CD = 11
16AB = 10, CD = 10
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
Une bascule JK déclenchée sur front montant part de Q = 0 et reçoit les entrées représentées. Cliquez sur le premier front d’horloge où Q repasse de 1 à 0.
Q₀ = 0JK
1front d’horloge 1
2front d’horloge 2
3front d’horloge 3
4front d’horloge 4
5front d’horloge 5
6front d’horloge 6
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen
Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(1859), le nombre d’entiers de 1 à 1859 premiers avec 1859.
n = 1859 = 11·132
φ(1859) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
Une clé RSA utilise p = 13, q = 41 et e = 7. Déchiffrez le chiffré c = 478 : trouvez le message m.
p = 13q = 41e = 7c = 478
m =
9.Algorithmes et complexitéMoyen
Quelle est la solution de la récurrence T(n) = 2T(n/2) + O(1) ?
AO(n)
BO(n log n)
CO(n²)
DO(log n)
10.Algorithmes et complexitéDifficile
L'algorithme de Strassen multiplie des matrices en utilisant 7 au lieu de 8 multiplications récursives de blocs de taille moitié. Quel est son temps d'exécution ?
AΘ(n² log n)
BΘ(n³)
CΘ(nlog₂ 7), soit environ n2,81
DΘ(n2)
11.Structures de donnéesMoyen
Les clés 50, 30, 70, 20, 40 sont insérées dans cet ordre dans un arbre binaire de recherche vide. Quel est l'enfant gauche de 30 ?
A40
B70
C50
D20
12.Structures de donnéesDifficile
Combien de temps faut-il pour rechercher une clé quelconque dans un tas binaire min de n éléments ?
AO(log log n)
BO(1)
CO(n)
DO(log n)
13.Théorie des graphesMoyen
Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.
|V| = 5|E| = 7
1Circuit eulérien
2Chemin eulérien, pas de circuit
3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(F) du plus court chemin de A à F dans le graphe pondéré.
départ : Aarrivée : F
d(F) =
15.Bases de données et SQLMoyen
Quelle requête renvoie le nombre de villes différentes dans la table customers ?
ASELECT SUM(DISTINCT city) FROM customers
BSELECT COUNT(city) FROM customers GROUP BY city
CSELECT DISTINCT COUNT(city) FROM customers
DSELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
16.Bases de données et SQLDifficile
Que renvoie un FULL OUTER JOIN ?
ALe produit cartésien, qui associe chaque ligne d'une table à toutes les lignes de l'autre
BUniquement les lignes correspondantes
CUniquement les lignes sans correspondance
DToutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon
17.Réseaux informatiquesMoyen
Pourquoi un commutateur envoie-t-il parfois une trame sur tous ses ports sauf celui d'arrivée ?
ALa trame a une somme de contrôle IP erronée et doit être vérifiée par chaque hôte
BLe commutateur joue le rôle de routeur
CL'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
DLa trame est trop grande pour un seul port
18.Réseaux informatiquesDifficile
Laquelle de ces adresses est une adresse IPv4 publique (non privée au sens de la RFC 1918) ?
A10.255.0.1
B172.31.0.1
C172.32.0.1
D192.168.255.1
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
Un service a besoin de 987 adresses d'hôte dans un seul sous-réseau. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p (le plus petit sous-réseau) suffisante ?
987 hosts
p =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
Le réseau 192.168.12.0/24 est découpé en VLSM pour ces LAN : A: 51 hôtes, B: 13 hôtes, C: 25 hôtes, D: 101 hôtes. Les sous-réseaux sont attribués à partir de .0 en montant, le LAN ayant le plus d’hôtes en premier, chacun recevant le plus petit sous-réseau qui convient. Quel est le quatrième octet x de l’adresse réseau du LAN B ?
A: 51B: 13C: 25D: 101
x =
3Solutions
1.Systèmes de numération
Réponse: N = −120
Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.
Additionner les poids
Les autres bits gardent leurs valeurs positives habituelles.
−128 + 8 = −120
Réponse
N = −120
2.Systèmes de numération
Réponse: R = 55
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Bit par bit
OU donne 1 quand au moins un bit vaut 1.
0010 0111
OR 0011 0001
= 0011 0111
Valeur du résultat
0011 0111₂ = 55
Réponse
R = 55
3.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: ¬b → ¬¬a
Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Parties de l’implication
a = ¬a, b = b
Contraposée
¬b → ¬a = ¬b → ¬¬a
Réponse
¬b → ¬¬a
La contraposée est équivalente à l’énoncé initial, donc la prouver prouve l’énoncé.
4.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: p
Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.
Lignes où toutes les prémisses sont vraies
p = 1, r = 1: ¬r = 0, r ∧ ¬p = 0, ¬p = 0, p = 1
Conclusion
p (modus ponens)
Réponse
p
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: AB = 01, CD = 10
Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.
Voisins de chaque 1
Un 1 ayant un 1 voisin peut rejoindre un groupe de deux ou plus.
m6: m7, m4, m2, m14 → 0
Le 1 isolé
m6 = A′BCD′ → AB = 01, CD = 10
Réponse
AB = 01, CD = 10
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: front d’horloge 4
Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.
Q après chaque front
Une bascule JK : 00 conserve, 01 remet à 0 (Q = 0), 10 met à 1 (Q = 1), 11 change d’état.
1: J = 1, K = 0 → Q = 1
2: J = 1, K = 0 → Q = 1
3: J = 1, K = 0 → Q = 1
4: J = 0, K = 1 → Q = 0
5: J = 0, K = 0 → Q = 0
6: J = 0, K = 0 → Q = 0
Premier passage de 1 à 0
front d’horloge 4
Réponse
front d’horloge 4
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: φ(1859) = 1560
Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Facteurs premiers
1859 = 11·132
Indicatrice
φ(1859) = φ(169)·φ(11) = 156·10 = 1560
Réponse
φ(1859) = 1560
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: m = 530
Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.
Exposant privé
n = 533, φ(n) = 480
d = 7−1 mod 480 = 343
Déchiffrer par carré répété
343 = 256 + 64 + 16 + 4 + 2 + 1
4781 ≡ 478 (mod 533)
4782 ≡ 360 (mod 533)
4784 ≡ 81 (mod 533)
4788 ≡ 165 (mod 533)
47816 ≡ 42 (mod 533)
47832 ≡ 165 (mod 533)
47864 ≡ 42 (mod 533)
478128 ≡ 165 (mod 533)
478256 ≡ 42 (mod 533)
478343 ≡ 478·360·81·42·42·42 ≡ 530 (mod 533)
Message
m = 530
vérification: 5307 mod 533 = 478
Réponse
m = 530
9.Algorithmes et complexité
Réponse: A · O(n)
Pourquoi c'est la réponse
Par le théorème maître, nlog₂ 2 = n domine le travail constant, donc T(n) = Θ(n), comme lorsqu'on cherche un maximum en coupant en deux moitiés.
Réponse
A · O(n)
10.Algorithmes et complexité
Réponse: C · Θ(nlog₂ 7), soit environ n2,81
Pourquoi c'est la réponse
Avec a = 7 et b = 2, nlog₂ 7 domine le travail d'addition en O(n²), ce qui donne environ n2,81.
Réponse
C · Θ(nlog₂ 7), soit environ n2,81
11.Structures de données
Réponse: D · 20
Pourquoi c'est la réponse
20 est plus petit que 50 et que 30, il devient donc l'enfant gauche de 30 ; 40 devient son enfant droit.
Réponse
D · 20
12.Structures de données
Réponse: C · O(n)
Pourquoi c'est la réponse
Un tas ne donne aucune règle sur le sous-arbre qui contient une clé, donc dans le pire cas tous les nœuds doivent être examinés ; seul le minimum se trouve rapidement.
Réponse
C · O(n)
13.Théorie des graphes
Réponse: Chemin eulérien, pas de circuit
Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.
Le chemin eulérien commence à un sommet impair et finit à l’autre.
14.Théorie des graphes
Réponse: d(F) = 17
Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.
Dijkstra tour par tour
Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.
A (0): B: 15, C: 3
C (3): E: 11
E (11): D: 15, F: 17, B: 13
B (13)
D (15)
F (17)
Plus court chemin
A → C → E → F
d(F) = 17
Réponse
d(F) = 17
15.Bases de données et SQL
Réponse: D · SELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
Pourquoi c'est la réponse
COUNT(DISTINCT city) compte les villes uniques non NULL ; un DISTINCT placé hors de COUNT ne supprime que les lignes en double du résultat.
Réponse
D · SELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
16.Bases de données et SQL
Réponse: D · Toutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon
Pourquoi c'est la réponse
Une jointure externe complète conserve chaque ligne des deux tables, en appariant les correspondances et en remplissant le côté manquant avec des NULL.
Réponse
D · Toutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon
17.Réseaux informatiques
Réponse: C · L'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
Pourquoi c'est la réponse
Pour une adresse unicast inconnue, le commutateur inonde la trame. Lorsque la destination répond, le commutateur apprend son port à partir de l'adresse MAC source.
Réponse
C · L'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
18.Réseaux informatiques
Réponse: C · 172.32.0.1
Pourquoi c'est la réponse
172.16.0.0/12 va de 172.16.0.0 à 172.31.255.255, donc 172.32.0.1 est en dehors. Les trois autres sont dans des plages privées.
Réponse
C · 172.32.0.1
19.Sous-réseaux IPv4
Réponse: p = 22
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).
Bits d'hôte nécessaires
29 − 2 = 510 < 987
210 − 2 = 1022 ≥ 987 → h = 10
Longueur du préfixe
p = 32 − 10 = 22
Réponse
p = /22
20.Sous-réseaux IPv4
Réponse: x = 224
VLSM : chaque LAN reçoit le plus petit sous-réseau tel que 2ʰ − 2 ≥ son nombre d’hôtes, c’est-à-dire un préfixe 32 − h. Attribuer d’abord les plus grands sous-réseaux garde chaque bloc aligné sur un multiple de sa propre taille, donc les adresses réseau s’obtiennent en additionnant les tailles de bloc.