Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −47 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −478 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0101 1000 XOR 1010 0000. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

0101 1000XOR1010 0000
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
tautologiecontradictioncontingence

(c ∨ b) → (c ∧ b) est-elle une tautologie, une contradiction ou une contingence ? Cliquez sur votre réponse.

(c ∨ b) → (c ∧ b)
  1. 1tautologie
  2. 2contradiction
  3. 3contingence
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
∃x (¬A(x) ∧ ¬B(x))∀x (A(x) → ¬B(x))∃x (A(x) → ¬B(x))∀x (¬A(x) ∧ ¬B(x))

Quel énoncé est équivalent à ¬∃x (A(x) ∧ B(x)), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.

¬∃x (A(x) ∧ B(x))
  1. 1∃x (¬A(x) ∧ ¬B(x))
  2. 2∀x (A(x) → ¬B(x))
  3. 3∃x (A(x) → ¬B(x))
  4. 4∀x (¬A(x) ∧ ¬B(x))
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
MUXC′I0​CI1​C′I2​0I3​ABS1​S0​F

Un multiplexeur 4 vers 1 a ses entrées de sélection S₁ = A et S₀ = B, et ses entrées de données reliées à I₀ = C′, I₁ = C, I₂ = C′, I₃ = 0. Pour combien des 8 combinaisons de A, B et C la sortie vaut-elle F = 1 ? Trouvez N.

I₀ = C′I₁ = CI₂ = C′I₃ = 0
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
CLKT12345678

Une bascule T déclenchée sur front montant part de Q = 0 et reçoit les entrées représentées sur 8 fronts montants d’horloge. Combien de fois N Q change-t-il d’état ?

Q₀ = 0T
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez le plus petit entier positif x tel que x ≡ 1 (mod 4) et x ≡ 6 (mod 7).

x ≡ 1 (mod 4)x ≡ 6 (mod 7)
x =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (481, 11)d = ?

Une clé RSA utilise les nombres premiers p = 13 et q = 37 et l’exposant public e = 11. Trouvez l’exposant privé d (0 < d < φ(n)).

p = 13q = 37e = 11
d =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quelle est la complexité temporelle de : pour i = 1 à n : pour j = 1 à i : faire un travail O(1) ?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(n³)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Quels sont les coûts en temps et en espace du calcul du n-ième nombre de Fibonacci avec une boucle qui ne conserve que les deux dernières valeurs ?

  1. AO(log n) en temps et O(n) en espace
  2. BO(n) en temps et O(n) en espace
  3. CO(2ⁿ) en temps et O(1) en espace
  4. DO(n) en temps et O(1) en espace
11.Structures de donnéesMoyen

À quoi sert un nœud sentinelle (factice) dans une liste chaînée ?

  1. AÀ simplifier le code en supprimant les cas particuliers en tête ou en queue
  2. BÀ empêcher la liste de dépasser un nombre maximal fixe de nœuds
  3. CÀ rendre la liste triée
  4. DÀ stocker le nombre d'éléments
12.Structures de donnéesDifficile

Pourquoi les arbres B (B-trees) sont-ils utilisés dans les bases de données et les systèmes de fichiers ?

  1. AIls utilisent moins de mémoire que n'importe quel tableau, si bien que tout l'index tient toujours en mémoire centrale
  2. BIls n'ont pas besoin de rééquilibrage
  3. CLeur facteur de branchement élevé maintient l'arbre peu profond, ce qui réduit les lectures disque lentes
  4. DIls stockent les données sans les trier
13.Théorie des graphesMoyen

Combien de circuits hamiltoniens différents H le graphe complet K6 a-t-il ? Les circuits qui ne diffèrent que par le sommet de départ ou le sens comptent comme un seul.

K6
H =
14.Théorie des graphesDifficile
1931462517711018ABCDEFG

L’algorithme de Prim construit un arbre couvrant minimal en partant du sommet A. Cliquez sur l’arête qu’il ajoute en numéro 5.

départ : Ak = 5
  1. 1arête AB
  2. 2arête AC
  3. 3arête BC
  4. 4arête BD
  5. 5arête CE
  6. 6arête DE
  7. 7arête DF
  8. 8arête GB
  9. 9arête GC
  10. 10arête GD
  11. 11arête GE
15.Bases de données et SQLMoyen

Une table contient des lignes où col est NULL. Quelles lignes WHERE col = NULL renvoie-t-il ?

  1. AUniquement les lignes où col est NULL, comme avec IS NULL
  2. BAucune ligne, car la comparaison est inconnue
  3. CToutes les lignes de la table
  4. DUne erreur dans toutes les bases de données
16.Bases de données et SQLDifficile

Que calcule SELECT day, SUM(amount) OVER (ORDER BY day) FROM sales ?

  1. AUne ligne par jour avec uniquement le total de ce jour
  2. BUn total cumulé de amount, ordonné par day
  3. CLe montant moyen par jour
  4. DLe total de tous les montants sur chaque ligne
17.Réseaux informatiquesMoyen

Laquelle de ces plages est une plage d'adresses IPv4 privée ?

  1. A8.8.8.0/24
  2. B100.0.0.0/8
  3. C192.168.0.0/16
  4. D200.1.1.0/24
18.Réseaux informatiquesDifficile

Le blocage en tête de ligne (head-of-line blocking) de HTTP/2 sur TCP se produit parce que :

  1. ALes serveurs ne peuvent pas traiter de requêtes parallèles
  2. BChaque requête nécessite sa propre nouvelle connexion TCP, si bien que les requêtes suivantes attendent dans une file
  3. CUn segment TCP perdu retarde tous les flux multiplexés jusqu'à sa retransmission
  4. DHTTP/2 utilise UDP
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/22 → /2511111111111111111111111110000000bits réseaubits hôte

Le réseau 10.67.32.0/22 est divisé en sous-réseaux égaux de préfixe /25. Combien y a-t-il de sous-réseaux N ?

10.67.32.0/22/25
N =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
dernier octet = 205112816403201618140211réseauhôte

Un hôte a l'adresse 10.20.157.205/30. Quel est le dernier nombre (quatrième octet) x de l'adresse de diffusion de son sous-réseau ?

10.20.157.205/30
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 209

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

47 = 0010 1111
inversé: 1101 0000
+1 → 1101 0001

Le lire en non signé

1101 0001₂ = 256 − 47 = 209

Réponse

U = 209
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 248

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

OU exclusif (XOR) donne 1 quand les deux bits diffèrent.

0101 1000
XOR 1010 0000
= 1111 1000

Valeur du résultat

1111 1000₂ = 248

Réponse

R = 248
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: contingence

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Table de vérité ligne par ligne

b = 1, c = 1: c ∨ b = 1, c ∧ b = 1, (c ∨ b) → (c ∧ b) = 1
b = 1, c = 0: c ∨ b = 1, c ∧ b = 0, (c ∨ b) → (c ∧ b) = 0
b = 0, c = 1: c ∨ b = 1, c ∧ b = 0, (c ∨ b) → (c ∧ b) = 0
b = 0, c = 0: c ∨ b = 0, c ∧ b = 0, (c ∨ b) → (c ∧ b) = 1

Classer

(c ∨ b) → (c ∧ b): 1, 0, 0, 1
1 sur 2 des 4 lignes, 0 dans les autres : une contingence.

Réponse

contingence
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ∀x (A(x) → ¬B(x))

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Faire passer la négation vers l’intérieur

¬∃x (A(x) ∧ B(x)) ≡ ∀x (A(x) → ¬B(x))

Réponse

∀x (A(x) → ¬B(x))

Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.

5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 3

Multiplexeur : un multiplexeur 2ⁿ vers 1 transmet l’une de ses entrées de données à la sortie ; les lignes de sélection, lues comme un nombre binaire, choisissent laquelle. Pour un MUX 4 vers 1 avec sélections S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. En reliant les entrées de données à 0, 1, C ou C′, le MUX produit n’importe quelle fonction de A, B et C, ce qui est une manière courante de réaliser une logique avec un seul circuit.

Expression de sortie

F = A′B′C′ + A′BC + AB′C′

Lignes avec F = 1

ABC = 000, 011, 100
N = 3

Réponse

N = 3
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 5

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Q après chaque front

Une bascule T change d’état à chaque front montant quand T = 1 et conserve quand T = 0.

1: T = 0 → Q = 0
2: T = 1 → Q = 1
3: T = 1 → Q = 0
4: T = 1 → Q = 1
5: T = 0 → Q = 1
6: T = 0 → Q = 1
7: T = 1 → Q = 0
8: T = 1 → Q = 1

Compter les changements

0 → 0 → 1 → 0 → 1 → 1 → 1 → 0 → 1
N = 5

Réponse

N = 5
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: x = 13

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Première congruence

x = 1 + 4k

Deuxième congruence

1 + 4k ≡ 6 (mod 7) → 4k ≡ 5 (mod 7)
k ≡ 2·5 ≡ 3 (mod 7)

Résultat

x = 1 + 4·3 = 13
x = 13
vérification: 13 mod 4 = 1, 13 mod 7 = 6

Réponse

x = 13
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: d = 275

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Module et indicatrice

n = 13·37 = 481
φ(n) = 12·36 = 432

Algorithme d’Euclide étendu

r = 432, t = 0
r = 11, q = 39, t = 1
r = 3, q = 3, t = −39
r = 2, q = 1, t = 118
r = 1, q = 2, t = −157

Exposant privé

d = 275
vérification: 11·275 = 3025 = 7·432 + 1

Réponse

d = 275
9.Algorithmes et complexité

Réponse: A · O(n²)

Pourquoi c'est la réponse

Le corps intérieur s'exécute n(n + 1) / 2 fois au total, ce qui reste quadratique.

Réponse

A · O(n²)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: D · O(n) en temps et O(1) en espace

Pourquoi c'est la réponse

Chaque étape n'a besoin que des deux valeurs précédentes : la table de la méthode ascendante peut donc être remplacée par deux variables.

Réponse

D · O(n) en temps et O(1) en espace
11.Structures de données

Réponse: A · À simplifier le code en supprimant les cas particuliers en tête ou en queue

Pourquoi c'est la réponse

Avec une sentinelle, chaque nœud réel a un prédécesseur, donc l'insertion ou la suppression en tête ne demande aucun traitement particulier.

Réponse

A · À simplifier le code en supprimant les cas particuliers en tête ou en queue
12.Structures de données

Réponse: C · Leur facteur de branchement élevé maintient l'arbre peu profond, ce qui réduit les lectures disque lentes

Pourquoi c'est la réponse

Les arbres B stockent de nombreuses clés par nœud, donc la hauteur est faible et peu de lectures de blocs sont nécessaires par recherche ; les arbres B+ relient en plus les feuilles pour les parcours d'intervalles.

Réponse

C · Leur facteur de branchement élevé maintient l'arbre peu profond, ce qui réduit les lectures disque lentes
13.Théorie des graphes

Réponse: H = 60

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Compter

H = (6 − 1)!/2 = 120/2 = 60

Réponse

H = 60
14.Théorie des graphes

Réponse: arête BD

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Algorithme de Prim

1. AC (3)
2. GC (1)
3. CE (2)
4. DE (5)
5. BD (6)
6. DF (17)

numéro de l’arête 5

BD

Réponse

arête BD
15.Bases de données et SQL

Réponse: B · Aucune ligne, car la comparaison est inconnue

Pourquoi c'est la réponse

Toute comparaison avec NULL au moyen de = donne UNKNOWN, et WHERE ne garde que les lignes TRUE ; utilisez plutôt col IS NULL.

Réponse

B · Aucune ligne, car la comparaison est inconnue
16.Bases de données et SQL

Réponse: B · Un total cumulé de amount, ordonné par day

Pourquoi c'est la réponse

Avec ORDER BY et sans cadre explicite, la fenêtre va de la première ligne jusqu'à la ligne courante (et ses ex æquo), ce qui donne une somme cumulée.

Réponse

B · Un total cumulé de amount, ordonné par day
17.Réseaux informatiques

Réponse: C · 192.168.0.0/16

Pourquoi c'est la réponse

Les plages privées sont 10.0.0.0/8, 172.16.0.0/12 et 192.168.0.0/16 ; elles ne sont pas routées sur l'Internet public.

Réponse

C · 192.168.0.0/16
18.Réseaux informatiques

Réponse: C · Un segment TCP perdu retarde tous les flux multiplexés jusqu'à sa retransmission

Pourquoi c'est la réponse

TCP livre les octets dans l'ordre, donc une seule perte bloque tous les flux de la connexion. QUIC (HTTP/3) gère les flux indépendamment au-dessus d'UDP.

Réponse

C · Un segment TCP perdu retarde tous les flux multiplexés jusqu'à sa retransmission
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: N = 8

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bits empruntés

25 − 22 = 3

Nombre de sous-réseaux

N = 23 = 8

Réponse

N = 8

Chaque sous-réseau /25 a 27 − 2 = 126 hôtes utilisables.

20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 207

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Taille de bloc

22 = 4

Sous-réseau de cet hôte

réseau: ⌊205/4⌋·4 = 204
diffusion: 204 + 4 − 1 = 207
hôtes utilisables: 205 … 206

Réponse

x = 207

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