Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.
Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états
Méthode
Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.
Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Méthode
Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Théorie des graphes
Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij
Méthode
Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).
Sous-réseaux IPv4
Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n
2Exercices
1.Systèmes de numérationMoyen
Positionnez les bits pour qu’ils représentent −49 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?
N = −498 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0111 0111 OR 0101 1011. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?
0111 0111OR0101 1011
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
Quelle formule est logiquement équivalente à r ∨ (p ∧ q) ? Cliquez dessus.
r ∨ (p ∧ q)
1(r ∨ p) ∧ (r ∨ q)
2(r ∨ p) ∧ q
3(r ∧ p) ∨ (r ∧ q)
4r ∧ (p ∨ q)
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
Quel énoncé est équivalent à ¬∀x F(x), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.
¬∀x F(x)
1∃x ¬F(x)
2∃x F(x)
3∀x F(x)
4∀x ¬F(x)
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme somme de produits (SOP) minimale de F(A, B, C) = Σm(0, 2, 3, 4, 6). Combien de littéraux L contient-elle au total (une variable primée compte pour un littéral) ?
F(A, B, C) = Σm(0, 2, 3, 4, 6)
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
Un compteur en anneau de 4 bits Q₃Q₂Q₁Q₀ part de 1001. À chaque front d’horloge, les bits se décalent d’une place vers la droite (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) et Q₃ reçoit Q₀. Donnez l’état Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sous forme de nombre décimal après 4 fronts d’horloge.
Q₃Q₂Q₁Q₀ = 10014
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen
Trouvez le plus petit entier positif x tel que x ≡ 1 (mod 5) et x ≡ 2 (mod 9).
x ≡ 1 (mod 5)x ≡ 2 (mod 9)
x =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
Une clé RSA utilise p = 17, q = 29 et e = 17. Déchiffrez le chiffré c = 49 : trouvez le message m.
p = 17q = 29e = 17c = 49
m =
9.Algorithmes et complexitéMoyen
Quelle est la solution de la récurrence T(n) = 2T(n/2) + O(1) ?
AO(n log n)
BO(log n)
CO(n²)
DO(n)
10.Algorithmes et complexitéDifficile
Quel énoncé sur la sélection du k-ième plus petit élément d'un tableau non trié est correct ?
AQuickselect s'exécute en O(n) en espérance, et la médiane des médianes garantit O(n) dans le pire cas
BLa sélection n'est possible qu'en O(n²)
CLa sélection exige toujours Ω(n log n) car elle nécessite un tri
DQuickselect s'exécute en O(log n) dans le pire cas, car il ne récurse que d'un seul côté du pivot
11.Structures de donnéesMoyen
Quelle structure de données un programme en cours d'exécution utilise-t-il pour suivre les appels de fonction actifs et leurs variables locales ?
AUne table de hachage des fonctions
BUn arbre binaire de recherche de cadres
CLa pile d'appels
DLa file de la mémoire du tas
12.Structures de donnéesDifficile
La complexité temporelle de decrease-key dans un tas binaire (la position de l'élément étant connue) est :
AO(n)
BO(1)
CO(log n)
DO(n log n)
13.Théorie des graphesMoyen
Un arbre a 4 sommets de degré 3, 2 sommets de degré 5, 3 sommets de degré 2, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?
4 × deg 32 × deg 53 × deg 2
L =
14.Théorie des graphesDifficile
Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(D) du plus court chemin de A à D dans le graphe pondéré.
départ : Aarrivée : D
d(D) =
15.Bases de données et SQLMoyen
Une vue (view) en SQL est :
AUne requête enregistrée qui se comporte comme une table virtuelle
BUn type d'index
CUn écran du client de base de données pour parcourir les tables
DUne copie d'une table sur le disque
16.Bases de données et SQLDifficile
Une table a un million de lignes et une colonne booléenne is_active vraie pour 95% d'entre elles. Pourquoi l'optimiseur pourrait-il ignorer un index sur is_active pour WHERE is_active = TRUE ?
ALa plupart des lignes correspondent, donc un parcours complet de la table coûte moins cher que de nombreux accès par l'index
BL'index traite TRUE comme NULL
COn ne peut pas créer d'index sur des colonnes booléennes
DL'optimiseur n'utilise jamais d'index dans les clauses WHERE
17.Réseaux informatiquesMoyen
Quel protocole la commande « ping » utilise-t-elle ?
ATCP
BICMP
CHTTP
DUDP
18.Réseaux informatiquesDifficile
Pourquoi un navigateur affiche-t-il un avertissement lorsqu'un site présente un certificat auto-signé ?
AAucune autorité de certification de confiance ne garantit que la clé appartient bien à ce site
BLe site doit utiliser HTTP au lieu de HTTPS
CLes certificats auto-signés n'utilisent aucun chiffrement, si bien que le trafic est envoyé en clair
DLe certificat est toujours expiré
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
Un service a besoin de 173 adresses d'hôte dans un seul sous-réseau. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p (le plus petit sous-réseau) suffisante ?
173 hosts
p =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
Un hôte a l'adresse 10.20.36.216/29. Quel est le dernier nombre (quatrième octet) x de l'adresse de diffusion de son sous-réseau ?
10.20.36.216/29
x =
3Solutions
1.Systèmes de numération
Réponse: U = 207
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Inverser et ajouter un
49 = 0011 0001
inversé: 1100 1110
+1 → 1100 1111
Le lire en non signé
1100 1111₂ = 256 − 49 = 207
Réponse
U = 207
2.Systèmes de numération
Réponse: R = 127
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Bit par bit
OU donne 1 quand au moins un bit vaut 1.
0111 0111
OR 0101 1011
= 0111 1111
Valeur du résultat
0111 1111₂ = 127
Réponse
R = 127
3.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: (r ∨ p) ∧ (r ∨ q)
Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
La loi
∨ se distribue sur ∧ : a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
r ∨ (p ∧ q) ≡ (r ∨ p) ∧ (r ∨ q)
Vérifier avec la table de vérité
p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 0 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 | 1 0 1 1
p = 1, q = 0, r = 0: 0 | 0 0 0 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 0 | 0 0 0 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 | 1 0 0 0
p = 0, q = 0, r = 0: 0 | 0 0 0 0
Réponse
(r ∨ p) ∧ (r ∨ q)
Les colonnes après la barre sont les options dans l’ordre affiché.
4.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: ∃x ¬F(x)
Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.
Faire passer la négation vers l’intérieur
¬∀x F(x) ≡ ∃x ¬F(x)
Réponse
∃x ¬F(x)
Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: L = 3
Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.
Regrouper les 1
Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.
C′
A′B
Forme SOP minimale
F = C′ + A′B
L = 3
Réponse
L = 3
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: Q = 9
Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.
État après chaque front
1001 → 1100 → 0110 → 0011 → 1001
Valeur décimale
1001₂ = 9
Réponse
Q = 9
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: x = 11
Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Première congruence
x = 1 + 5k
Deuxième congruence
1 + 5k ≡ 2 (mod 9) → 5k ≡ 1 (mod 9)
k ≡ 2·1 ≡ 2 (mod 9)
Résultat
x = 1 + 5·2 = 11
x = 11
vérification: 11 mod 5 = 1, 11 mod 9 = 2
Réponse
x = 11
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: m = 372
Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.
Exposant privé
n = 493, φ(n) = 448
d = 17−1 mod 448 = 369
Déchiffrer par carré répété
369 = 256 + 64 + 32 + 16 + 1
491 ≡ 49 (mod 493)
492 ≡ 429 (mod 493)
494 ≡ 152 (mod 493)
498 ≡ 426 (mod 493)
4916 ≡ 52 (mod 493)
4932 ≡ 239 (mod 493)
4964 ≡ 426 (mod 493)
49128 ≡ 52 (mod 493)
49256 ≡ 239 (mod 493)
49369 ≡ 49·52·239·426·239 ≡ 372 (mod 493)
Message
m = 372
vérification: 37217 mod 493 = 49
Réponse
m = 372
9.Algorithmes et complexité
Réponse: D · O(n)
Pourquoi c'est la réponse
Par le théorème maître, nlog₂ 2 = n domine le travail constant, donc T(n) = Θ(n), comme lorsqu'on cherche un maximum en coupant en deux moitiés.
Réponse
D · O(n)
10.Algorithmes et complexité
Réponse: A · Quickselect s'exécute en O(n) en espérance, et la médiane des médianes garantit O(n) dans le pire cas
Pourquoi c'est la réponse
Le travail espéré de quickselect vaut n + n/2 + n/4 + ... = O(n) avec des pivots aléatoires ; choisir le pivot comme médiane des médianes rend le pire cas linéaire.
Réponse
A · Quickselect s'exécute en O(n) en espérance, et la médiane des médianes garantit O(n) dans le pire cas
11.Structures de données
Réponse: C · La pile d'appels
Pourquoi c'est la réponse
Chaque appel empile un cadre de pile (stack frame) et chaque retour le dépile, c'est pourquoi l'appel le plus récent se termine en premier.
Réponse
C · La pile d'appels
12.Structures de données
Réponse: C · O(log n)
Pourquoi c'est la réponse
Après la diminution de la clé, l'élément remonte (sift-up) au plus de la hauteur du tas. Les tas de Fibonacci atteignent un decrease-key en O(1) amorti.
Réponse
C · O(log n)
13.Théorie des graphes
Réponse: L = 12
Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.
Lemme des poignées de main pour un arbre
L + 28 = 2(L + 9) − 2
L = 12
Réponse
L = 12
Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.
14.Théorie des graphes
Réponse: d(D) = 20
Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.
Dijkstra tour par tour
Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.
A (0): B: 7, C: 13
B (7): D: 20, E: 14
C (13)
E (14): F: 18
F (18)
D (20)
Plus court chemin
A → B → D
d(D) = 20
Réponse
d(D) = 20
15.Bases de données et SQL
Réponse: A · Une requête enregistrée qui se comporte comme une table virtuelle
Pourquoi c'est la réponse
Une vue enregistre une instruction SELECT ; l'interroger exécute la requête sous-jacente (les vues matérialisées stockent le résultat).
Réponse
A · Une requête enregistrée qui se comporte comme une table virtuelle
16.Bases de données et SQL
Réponse: A · La plupart des lignes correspondent, donc un parcours complet de la table coûte moins cher que de nombreux accès par l'index
Pourquoi c'est la réponse
Un index aide quand il réduit la recherche à peu de lignes ; quand la plupart des lignes conviennent, les accès aléatoires par l'index coûtent plus cher qu'une lecture séquentielle de la table.
Réponse
A · La plupart des lignes correspondent, donc un parcours complet de la table coûte moins cher que de nombreux accès par l'index
17.Réseaux informatiques
Réponse: B · ICMP
Pourquoi c'est la réponse
Ping envoie des requêtes ICMP echo et mesure le temps jusqu'au retour des réponses echo.
Réponse
B · ICMP
18.Réseaux informatiques
Réponse: A · Aucune autorité de certification de confiance ne garantit que la clé appartient bien à ce site
Pourquoi c'est la réponse
Les navigateurs font confiance aux certificats signés, directement ou via une chaîne, par des AC présentes dans leur magasin de confiance. N'importe qui pourrait créer un certificat auto-signé, par exemple un homme du milieu.
Réponse
A · Aucune autorité de certification de confiance ne garantit que la clé appartient bien à ce site
19.Sous-réseaux IPv4
Réponse: p = 24
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).
Bits d'hôte nécessaires
27 − 2 = 126 < 173
28 − 2 = 254 ≥ 173 → h = 8
Longueur du préfixe
p = 32 − 8 = 24
Réponse
p = /24
20.Sous-réseaux IPv4
Réponse: x = 223
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).