Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
poids en complément à deux0−12806413201618141211

Le motif de 8 bits 0010 1111 stocke un entier signé en complément à deux. Quelle est sa valeur N en décimal ?

0010 11118 bit
N =
2.Systèmes de numérationDifficile
16 bits, non signé, N = ?????????????????

Quel est le plus grand entier non signé N qui tient sur 16 bits ?

16 bit
N =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
tautologiecontradictioncontingence

(r → p) ↔ (¬p → ¬r) est-elle une tautologie, une contradiction ou une contingence ? Cliquez sur votre réponse.

(r → p) ↔ (¬p → ¬r)
  1. 1tautologie
  2. 2contradiction
  3. 3contingence
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
∀x ¬P(x)∃x ¬P(x)∃x P(x)∀x P(x)

Quel énoncé est équivalent à ¬∀x P(x), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.

¬∀x P(x)
  1. 1∀x ¬P(x)
  2. 2∃x ¬P(x)
  3. 3∃x P(x)
  4. 4∀x P(x)
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111000011312140507061121131150140809011010

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme somme de produits (SOP) minimale de F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 4, 12, 13, 15). Combien de termes produits N a-t-elle ?

F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 4, 12, 13, 15)
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
DQ0​Q0​DQ1​Q1​DQ2​Q2​DQ3​Q3​DQ4​Q4​DQ5​Q5​DQ6​Q6​DQ7​Q7​CLKJOHNSON

Un compteur Johnson (en anneau torsadé) est formé de 8 bascules D, avec la dernière sortie inversée rebouclée sur la première entrée, et démarre à zéro partout. Combien d’états différents N parcourt-il ?

n = 8
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Résolvez 61x ≡ 41 (mod 68). Donnez la solution x avec 0 < x < 68.

61x ≡ 41 (mod 68)
x =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod n117m = cd​ mod n?(n, e) = (1591, 5)d

Une clé RSA utilise p = 37, q = 43 et e = 5. Déchiffrez le chiffré c = 117 : trouvez le message m.

p = 37q = 43e = 5c = 117
m =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Est-il correct de dire qu'un algorithme en O(n²) est aussi en O(n³) ?

  1. AOui, car le grand O est une borne supérieure et n² ne croît pas plus vite que n³
  2. BOui, mais seulement si n est inférieur à 100
  3. CNon, car n³ est plus petit que n² pour n grand
  4. DNon, car le grand O doit toujours donner le taux de croissance exact de la fonction
10.Algorithmes et complexitéDifficile

L'algorithme de Strassen multiplie des matrices en utilisant 7 au lieu de 8 multiplications récursives de blocs de taille moitié. Quel est son temps d'exécution ?

  1. AΘ(nlog₂ 7), soit environ n2,81
  2. BΘ(n2)
  3. CΘ(n³)
  4. DΘ(n² log n)
11.Structures de donnéesMoyen

Quelle quantité de mémoire une matrice d'adjacence utilise-t-elle pour un graphe à V sommets ?

  1. AO(E)
  2. BO(log V)
  3. CO(V²)
  4. DO(V + E)
12.Structures de donnéesDifficile

Combien de temps faut-il pour rechercher une clé quelconque dans un tas binaire min de n éléments ?

  1. AO(n)
  2. BO(log log n)
  3. CO(log n)
  4. DO(1)
13.Théorie des graphesMoyen
ABCDEFGCircuit eulérienChemin eulérien, pas de circuitni l’une ni l’autre

Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.

|V| = 7|E| = 12
  1. 1Circuit eulérien
  2. 2Chemin eulérien, pas de circuit
  3. 3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
2811371482ABCDEF

Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(F) du plus court chemin de A à F dans le graphe pondéré.

départ : Aarrivée : F
d(F) =
15.Bases de données et SQLMoyen

Que signifie le « A » de ACID ?

  1. AAccuracy (exactitude)
  2. BAvailability (disponibilité)
  3. CAtomicity (atomicité)
  4. DAggregation (agrégation)
16.Bases de données et SQLDifficile

Pourquoi SELECT dept, name, COUNT(*) FROM emp GROUP BY dept est-il invalide en SQL standard ?

  1. AGROUP BY doit lister toutes les colonnes de la table
  2. Bname n'est ni regroupé ni agrégé, il n'a donc pas une valeur unique par groupe
  3. Cdept doit figurer dans une fonction d'agrégation
  4. DCOUNT(*) ne peut pas être utilisé avec GROUP BY
17.Réseaux informatiquesMoyen

Quelle est l'adresse réseau de l'hôte 192.168.10.77/26 ?

  1. A192.168.10.0
  2. B192.168.10.128
  3. C192.168.10.76
  4. D192.168.10.64
18.Réseaux informatiquesDifficile

En quoi la fragmentation diffère-t-elle en IPv6 par rapport à IPv4 ?

  1. AIPv6 n'autorise pas de paquets de plus de 576 octets
  2. BIPv6 fragmente au niveau de la couche transport, dans TCP
  3. CLes routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin
  4. DLes routeurs IPv6 fragmentent tout paquet de plus de 64 octets avant de le transmettre sur le chemin
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/24 → /2811111111111111111111111111110000bits réseaubits hôte

Le réseau 192.168.10.0/24 doit être divisé en au moins 12 sous-réseaux égaux. Si tu empruntes le moins de bits possible, combien d'hôtes utilisables H chaque sous-réseau a-t-il ?

192.168.10.0/2412 subnets
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet = 208112816403211608040201réseauhôte

Un hôte a l’adresse 172.20.208.192/17. Quel est le troisième octet x de l’adresse de diffusion de son sous-réseau ?

172.20.208.192/17
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: N = 47

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Additionner les poids

Les autres bits gardent leurs valeurs positives habituelles.

32 + 8 + 4 + 2 + 1 = 47

Réponse

N = 47
2.Systèmes de numération

Réponse: N = 65535

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Plus grande valeur

216 − 1 = 65535

Réponse

N = 65535
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: tautologie

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Table de vérité ligne par ligne

p = 1, r = 1: r → p = 1, ¬p = 0, ¬r = 0, ¬p → ¬r = 1, (r → p) ↔ (¬p → ¬r) = 1
p = 1, r = 0: r → p = 1, ¬p = 0, ¬r = 1, ¬p → ¬r = 1, (r → p) ↔ (¬p → ¬r) = 1
p = 0, r = 1: r → p = 0, ¬p = 1, ¬r = 0, ¬p → ¬r = 0, (r → p) ↔ (¬p → ¬r) = 1
p = 0, r = 0: r → p = 1, ¬p = 1, ¬r = 1, ¬p → ¬r = 1, (r → p) ↔ (¬p → ¬r) = 1

Classer

(r → p) ↔ (¬p → ¬r): 1, 1, 1, 1
1 dans toutes les lignes : une tautologie.

Réponse

tautologie
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ∃x ¬P(x)

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Faire passer la négation vers l’intérieur

¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x)

Réponse

∃x ¬P(x)

Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.

5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 3

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABCD000111100001111000011312140507061121131150140809011010

Regrouper les 1

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

BC′D′
ABD
A′B′C

Forme SOP minimale

F = BC′D′ + ABD + A′B′C
N = 3

Réponse

N = 3
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 16

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Séquence pour 8 bascules

00000000 → 10000000 → 11000000 → 11100000 → 11110000 → 11111000 → 11111100 → 11111110 → 11111111 → 01111111 → 00111111 → 00011111 → 00001111 → 00000111 → 00000011 → 00000001

Nombre d’états

N = 16

Réponse

N = 16
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: x = 33

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Inversez de 61

r = 68, t = 0
r = 61, q = 1, t = 1
r = 7, q = 8, t = −1
r = 5, q = 1, t = 9
r = 2, q = 2, t = −10
r = 1, q = 2, t = 29
61−1 ≡ 29 (mod 68)

Résoudre

x ≡ 29·41 = 1189 ≡ 33 (mod 68)
vérification: 61·33 = 2013 ≡ 41 (mod 68)

Réponse

x = 33
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: m = 228

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant privé

n = 1591, φ(n) = 1512
d = 5−1 mod 1512 = 605

Déchiffrer par carré répété

605 = 512 + 64 + 16 + 8 + 4 + 1
1171 ≡ 117 (mod 1591)
1172 ≡ 961 (mod 1591)
1174 ≡ 741 (mod 1591)
1178 ≡ 186 (mod 1591)
11716 ≡ 1185 (mod 1591)
11732 ≡ 963 (mod 1591)
11764 ≡ 1407 (mod 1591)
117128 ≡ 445 (mod 1591)
117256 ≡ 741 (mod 1591)
117512 ≡ 186 (mod 1591)
117605 ≡ 117·741·186·1185·1407·186 ≡ 228 (mod 1591)

Message

m = 228
vérification: 2285 mod 1591 = 117

Réponse

m = 228
9.Algorithmes et complexité

Réponse: A · Oui, car le grand O est une borne supérieure et n² ne croît pas plus vite que n³

Pourquoi c'est la réponse

Le grand O est une borne supérieure : l'affirmation est vraie mais pas serrée ; Θ(n²) indique le taux de croissance exact.

Réponse

A · Oui, car le grand O est une borne supérieure et n² ne croît pas plus vite que n³
10.Algorithmes et complexité

Réponse: A · Θ(nlog₂ 7), soit environ n2,81

Pourquoi c'est la réponse

Avec a = 7 et b = 2, nlog₂ 7 domine le travail d'addition en O(n²), ce qui donne environ n2,81.

Réponse

A · Θ(nlog₂ 7), soit environ n2,81
11.Structures de données

Réponse: C · O(V²)

Pourquoi c'est la réponse

Une matrice d'adjacence stocke V × V entrées, ce qui est efficace pour les graphes denses ; les listes d'adjacence utilisent O(V + E), ce qui est préférable pour les graphes creux.

Réponse

C · O(V²)
12.Structures de données

Réponse: A · O(n)

Pourquoi c'est la réponse

Un tas ne donne aucune règle sur le sous-arbre qui contient une clé, donc dans le pire cas tous les nœuds doivent être examinés ; seul le minimum se trouve rapidement.

Réponse

A · O(n)
13.Théorie des graphes

Réponse: Circuit eulérien

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Degrés

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 4, deg(D) = 4, deg(E) = 4, deg(F) = 2, deg(G) = 4

Sommets impairs

0
Circuit eulérien

Réponse

Circuit eulérien
14.Théorie des graphes

Réponse: d(F) = 12

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Dijkstra tour par tour

Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.

A (0): B: 2
B (2): C: 10, D: 3, E: 4
D (3): F: 17
E (4): F: 12
C (10)
F (12)

Plus court chemin

A → B → E → F
d(F) = 12

Réponse

d(F) = 12
15.Bases de données et SQL

Réponse: C · Atomicity (atomicité)

Pourquoi c'est la réponse

ACID : atomicité, cohérence, isolation, durabilité. L'atomicité signifie qu'une transaction est appliquée entièrement ou pas du tout.

Réponse

C · Atomicity (atomicité)
16.Bases de données et SQL

Réponse: B · name n'est ni regroupé ni agrégé, il n'a donc pas une valeur unique par groupe

Pourquoi c'est la réponse

Chaque colonne de la liste du SELECT doit figurer dans GROUP BY ou dans un agrégat (ou dépendre fonctionnellement des colonnes de regroupement) ; sinon la valeur est ambiguë.

Réponse

B · name n'est ni regroupé ni agrégé, il n'a donc pas une valeur unique par groupe
17.Réseaux informatiques

Réponse: D · 192.168.10.64

Pourquoi c'est la réponse

Les sous-réseaux /26 commencent à 0, 64, 128 et 192. 77 se trouve dans le bloc 64–127, l'adresse réseau est donc 192.168.10.64.

Réponse

D · 192.168.10.64
18.Réseaux informatiques

Réponse: C · Les routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin

Pourquoi c'est la réponse

Un routeur IPv6 détruit un paquet trop grand et renvoie un message ICMPv6 Packet Too Big. La source envoie alors des paquets plus petits ou utilise un en-tête d'extension de fragmentation.

Réponse

C · Les routeurs ne fragmentent jamais les paquets IPv6 ; seule la source le peut, grâce à la découverte du MTU du chemin
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 14

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Bits à emprunter

24 = 16 ≥ 12 → b = 4, /28

Hôtes par sous-réseau

24 − 2 = 14

Réponse

H = 14
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 255

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc dans le troisième octet

27 = 128

Sous-réseau de cet hôte

réseau: 172.20.128.0
diffusion: 172.20.255.255

Réponse

x = 255

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