Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
poids en complément à deux1−12816413201608040201

Le motif de 8 bits 1110 0000 stocke un entier signé en complément à deux. Quelle est sa valeur N en décimal ?

1110 00008 bit
N =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1000 1011 << 2. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

1000 1011<< 2
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
tautologiecontradictioncontingence

((a → b) ∧ ¬b) → ¬a est-elle une tautologie, une contradiction ou une contingence ? Cliquez sur votre réponse.

((a → b) ∧ ¬b) → ¬a
  1. 1tautologie
  2. 2contradiction
  3. 3contingence
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile

Combien des 16 lignes de la table de vérité rendent ¬((p ∨ ¬s) ∨ ¬r) ∨ (q ∧ ¬p) vraie ? Appelez ce nombre N.

¬((p ∨ ¬s) ∨ ¬r) ∨ (q ∧ ¬p)
N =
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111011111

Dans ce tableau de Karnaugh, exactement un 1 n’a aucun 1 voisin, donc il reste un groupe d’une seule case (un minterme complet de quatre littéraux) dans la forme SOP minimale. Les voisins de part et d’autre des bords du tableau comptent. Cliquez sur cette case.

F = Σm(1, 2, 3, 6, 12)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
ABCD0001111000011110X011030214151706X120131150140809X11110

Trouvez la forme SOP minimale de F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 5, 7, 10, 15) + d(0, 11, 12), où d marque les états indifférents. Combien de termes produits N a-t-elle ?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 5, 7, 10, 15) + d(0, 11, 12)
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’inverse de 30 modulo 43 : le nombre x avec 0 < x < 43 et 30·x ≡ 1 (mod 43).

a = 30n = 43
30−1 mod 43 =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile

13 est premier. Utilisez le petit théorème de Fermat pour trouver 247826 mod 13.

p = 13k = 47826
247826 mod 13 =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Une fonction exécute une boucle de n itérations, puis, séparément, une autre boucle de n itérations. Quelle est sa complexité temporelle ?

  1. AO(n²)
  2. BO(2ⁿ)
  3. CO(n)
  4. DO(log n)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

L'algorithme de programmation dynamique de Held-Karp résout exactement le problème du voyageur de commerce. Quel est son temps d'exécution pour n villes ?

  1. AO(n!)
  2. BO(2n²)
  3. CO(n² 2ⁿ)
  4. DO(n³)
11.Structures de donnéesMoyen

Comment insère-t-on un nouvel élément dans un tas binaire ?

  1. AOn reconstruit entièrement le tas
  2. BOn l'insère à sa position triée en décalant d'un cran vers la droite tous les éléments plus grands
  3. COn le place à la fin du tableau et on le fait remonter tant qu'il viole la propriété de tas
  4. DOn le place à la racine et on le fait descendre
12.Structures de donnéesDifficile

Combien de temps faut-il pour rechercher une clé quelconque dans un tas binaire min de n éléments ?

  1. AO(1)
  2. BO(n)
  3. CO(log log n)
  4. DO(log n)
13.Théorie des graphesMoyen

Un arbre a 4 sommets de degré 4, 3 sommets de degré 5, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?

4 × deg 43 × deg 5
L =
14.Théorie des graphesDifficile
1453192618105ABCDEFG

L’algorithme de Dijkstra part de A. Cliquez sur le sommet qui est fixé (rendu définitif) au tour 3 ; A lui-même est le tour 1.

départ : Atour 3
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
  7. 7G
15.Bases de données et SQLMoyen

Que signifie le « A » de ACID ?

  1. AAvailability (disponibilité)
  2. BAtomicity (atomicité)
  3. CAggregation (agrégation)
  4. DAccuracy (exactitude)
16.Bases de données et SQLDifficile

Qu'est-ce qu'un index couvrant pour une requête ?

  1. AUn index qui couvre toutes les colonnes de toutes les tables
  2. BUn index reconstruit chaque nuit
  3. CUn index qui contient toutes les colonnes nécessaires à la requête, si bien que la table elle-même n'a pas besoin d'être lue
  4. DUn index portant uniquement sur la clé primaire
17.Réseaux informatiquesMoyen

Combien de temps faut-il pour émettre un paquet de 1500 octets sur une liaison à 12 Mbit/s (délai de transmission) ?

  1. A1 ms
  2. B0,125 ms
  3. C8 ms
  4. D12 ms
18.Réseaux informatiquesDifficile

Quel est le principal avantage des connexions persistantes (keep-alive) en HTTP/1,1 ?

  1. ALes réponses peuvent arriver dans n'importe quel ordre sur un même flux, si bien que les réponses lentes ne bloquent pas les autres
  2. BLe serveur peut pousser des mises à jour par UDP
  3. CLa connexion reste chiffrée sans TLS
  4. DPlusieurs requêtes réutilisent une même connexion TCP, évitant des poignées de main répétées
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
255.255.255.25211111111111111111111111111111100bits réseaubits hôte

Un sous-réseau utilise le masque 255.255.255.252. Combien d’adresses d’hôte utilisables H possède-t-il ?

255.255.255.252
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet = 87012816403211608141211réseauhôte

Un hôte a l’adresse 172.20.87.41/20. Quel est le troisième octet x de l’adresse de diffusion de son sous-réseau ?

172.20.87.41/20
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: N = −32

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Additionner les poids

Les autres bits gardent leurs valeurs positives habituelles.

−128 + 64 + 32 = −32

Réponse

N = −32
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 44

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

Un décalage à gauche de 2 déplace chaque bit de 2 positions vers la gauche ; les bits qui sortent à l’extrémité gauche sont perdus et des zéros entrent à droite.

1000 1011 << 2
= 0010 1100

Valeur du résultat

0010 1100₂ = 44

Réponse

R = 44
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: tautologie

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Table de vérité ligne par ligne

a = 1, b = 1: a → b = 1, ¬b = 0, (a → b) ∧ ¬b = 0, ¬a = 0, ((a → b) ∧ ¬b) → ¬a = 1
a = 1, b = 0: a → b = 0, ¬b = 1, (a → b) ∧ ¬b = 0, ¬a = 0, ((a → b) ∧ ¬b) → ¬a = 1
a = 0, b = 1: a → b = 1, ¬b = 0, (a → b) ∧ ¬b = 0, ¬a = 1, ((a → b) ∧ ¬b) → ¬a = 1
a = 0, b = 0: a → b = 1, ¬b = 1, (a → b) ∧ ¬b = 1, ¬a = 1, ((a → b) ∧ ¬b) → ¬a = 1

Classer

((a → b) ∧ ¬b) → ¬a: 1, 1, 1, 1
1 dans toutes les lignes : une tautologie.

Réponse

tautologie
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 5

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Colonnes

¬s; p ∨ ¬s; ¬r; (p ∨ ¬s) ∨ ¬r; ¬((p ∨ ¬s) ∨ ¬r); ¬p; q ∧ ¬p; ¬((p ∨ ¬s) ∨ ¬r) ∨ (q ∧ ¬p)

Scinder selon p

p = 1: 0
p = 0: 5
N = 0 + 5 = 5

Réponse

N = 5
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: AB = 11, CD = 00

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

Voisins de chaque 1

Un 1 ayant un 1 voisin peut rejoindre un groupe de deux ou plus.

m12: m13, m14, m8, m4 → 0
ABCD000111100001111011111

Le 1 isolé

m12 = ABC′D′ → AB = 11, CD = 00

Réponse

AB = 11, CD = 00
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 3

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

Implicants premiers

Les plus grands groupes pouvant être formés de 1 et de X.

BC′D′, BCD, A′C′, ACD, A′BD, AB′C
ABCD0001111000011110X011030214151706X120131150140809X11110

Couverture minimale

F = BCD + A′C′ + AB′C
N = 3

Réponse

N = 3
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 30−1 mod 43 = 33

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algorithme d’Euclide étendu

Chaque reste r s’écrit r ≡ t·30 (mod 43).

r = 43, t = 0
r = 30, q = 1, t = 1
r = 13, q = 2, t = −1
r = 4, q = 3, t = 3
r = 1, q = 4, t = −10

Inverse

1 ≡ −10·30 (mod 43)
x = 33
vérification: 30·33 = 990 = 23·43 + 1

Réponse

30−1 mod 43 = 33
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 247826 mod 13 = 12

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Réduire l’exposant

47826 mod 12 = 6
247826 ≡ 26 (mod 13)

Petite puissance

26 mod 13 = 12

Réponse

247826 mod 13 = 12
9.Algorithmes et complexité

Réponse: C · O(n)

Pourquoi c'est la réponse

n + n = 2n, et les facteurs constants sont supprimés : la fonction est donc O(n).

Réponse

C · O(n)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: C · O(n² 2ⁿ)

Pourquoi c'est la réponse

Il y a environ n 2ⁿ états, chacun calculé en O(n) ; c'est exponentiel mais bien plus rapide que d'essayer les (n − 1)! tournées possibles.

Réponse

C · O(n² 2ⁿ)
11.Structures de données

Réponse: C · On le place à la fin du tableau et on le fait remonter tant qu'il viole la propriété de tas

Pourquoi c'est la réponse

L'ajout à la fin maintient l'arbre complet ; les échanges avec le parent rétablissent l'ordre en O(log n) étapes.

Réponse

C · On le place à la fin du tableau et on le fait remonter tant qu'il viole la propriété de tas
12.Structures de données

Réponse: B · O(n)

Pourquoi c'est la réponse

Un tas ne donne aucune règle sur le sous-arbre qui contient une clé, donc dans le pire cas tous les nœuds doivent être examinés ; seul le minimum se trouve rapidement.

Réponse

B · O(n)
13.Théorie des graphes

Réponse: L = 19

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Lemme des poignées de main pour un arbre

L + 31 = 2(L + 7) − 2
L = 19

Réponse

L = 19

Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.

14.Théorie des graphes

Réponse: E

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Dijkstra tour par tour

1. A (0): C: 14
2. C (14): B: 19, E: 15, G: 22
3. E (15): D: 24, F: 21, G: 20
4. B (19): D: 22
5. G (20)
6. F (21)
7. D (22)

tour 3

E

Réponse

E
15.Bases de données et SQL

Réponse: B · Atomicity (atomicité)

Pourquoi c'est la réponse

ACID : atomicité, cohérence, isolation, durabilité. L'atomicité signifie qu'une transaction est appliquée entièrement ou pas du tout.

Réponse

B · Atomicity (atomicité)
16.Bases de données et SQL

Réponse: C · Un index qui contient toutes les colonnes nécessaires à la requête, si bien que la table elle-même n'a pas besoin d'être lue

Pourquoi c'est la réponse

Si toutes les colonnes référencées sont dans l'index, le SGBD peut faire un parcours d'index seul (index-only scan) sans aller chercher les lignes de la table, ce qui économise des E/S.

Réponse

C · Un index qui contient toutes les colonnes nécessaires à la requête, si bien que la table elle-même n'a pas besoin d'être lue
17.Réseaux informatiques

Réponse: A · 1 ms

Pourquoi c'est la réponse

1500 octets = 12000 bits. 12000 / 12000000 bit/s = 0,001 s = 1 ms. Le délai de transmission dépend de la taille du paquet et du débit de la liaison, pas de la distance.

Réponse

A · 1 ms
18.Réseaux informatiques

Réponse: D · Plusieurs requêtes réutilisent une même connexion TCP, évitant des poignées de main répétées

Pourquoi c'est la réponse

Réutiliser une connexion évite une nouvelle poignée de main et un nouveau démarrage lent pour chaque objet ; les pages comportant de nombreuses ressources se chargent donc plus vite.

Réponse

D · Plusieurs requêtes réutilisent une même connexion TCP, évitant des poignées de main répétées
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 2

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Longueur du préfixe

255.255.255.252 = /30

Hôtes utilisables

22 − 2 = 2

Réponse

H = 2
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 95

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc dans le troisième octet

24 = 16

Sous-réseau de cet hôte

réseau: 172.20.80.0
diffusion: 172.20.95.255

Réponse

x = 95

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