Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −84 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −848 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0011 1001 XOR 1001 0111. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

0011 1001XOR1001 0111
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
(b ∧ c) ∧ ¬a¬(b ∧ c) ∧ a¬(b ∧ c) → ¬a¬(b ∧ c) ∧ ¬a

Vous voulez prouver (b ∧ c) → a par l’absurde. Quel énoncé supposez-vous au départ ? Cliquez dessus.

(b ∧ c) → a
  1. 1(b ∧ c) ∧ ¬a
  2. 2¬(b ∧ c) ∧ a
  3. 3¬(b ∧ c) → ¬a
  4. 4¬(b ∧ c) ∧ ¬a
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
r → pr ∧ p¬r → ¬pp → r

Les prémisses r → q; q → p sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.

r → qq → p
  1. 1r → p
  2. 2r ∧ p
  3. 3¬r → ¬p
  4. 4p → r
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
MUXC′I0​CI1​1I2​0I3​ABS1​S0​F

Un multiplexeur 4 vers 1 a ses entrées de sélection S₁ = A et S₀ = B, et ses entrées de données reliées à I₀ = C′, I₁ = C, I₂ = 1, I₃ = 0. Pour combien des 8 combinaisons de A, B et C la sortie vaut-elle F = 1 ? Trouvez N.

I₀ = C′I₁ = CI₂ = 1I₃ = 0
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
CLKJK1234567

Une bascule JK déclenchée sur front montant part de Q = 0 et reçoit les entrées représentées sur 7 fronts montants d’horloge. Combien de fois N Q change-t-il d’état ?

Q₀ = 0JK
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(242), le nombre d’entiers de 1 à 242 premiers avec 242.

n = 242 = 2·112
φ(242) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile

Combien de solutions N a 10x ≡ 76 (mod 88) dans {0, 1, …, 87} ?

10x ≡ 76 (mod 88)
N =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quelle est la complexité temporelle du tri rapide (quicksort) dans le pire cas ?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(log n)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Que se passerait-il si quelqu'un trouvait un algorithme en temps polynomial pour un problème NP-complet ?

  1. ASeul ce problème passerait dans P
  2. BTout problème de NP pourrait être résolu en temps polynomial, donc P = NP
  3. CLe problème de l'arrêt deviendrait décidable
  4. DTous les algorithmes en temps exponentiel s'exécuteraient immédiatement en temps linéaire
11.Structures de donnéesMoyen

Comment insère-t-on un nouvel élément dans un tas binaire ?

  1. AOn reconstruit entièrement le tas
  2. BOn le place à la racine et on le fait descendre
  3. COn l'insère à sa position triée en décalant d'un cran vers la droite tous les éléments plus grands
  4. DOn le place à la fin du tableau et on le fait remonter tant qu'il viole la propriété de tas
12.Structures de donnéesDifficile

Quel problème du sondage linéaire le double hachage réduit-il principalement ?

  1. ALe regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées
  2. BLe besoin de stocker les clés dans la table
  3. CLe besoin d'une fonction de hachage
  4. DLe coût en O(n) de la lecture de la valeur d'une clé
13.Théorie des graphesMoyen
ABCDECircuit eulérienChemin eulérien, pas de circuitni l’une ni l’autre

Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.

|V| = 5|E| = 5
  1. 1Circuit eulérien
  2. 2Chemin eulérien, pas de circuit
  3. 3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
ABCDEF

Combien de marches de longueur 2 vont de B à A ? Une marche peut répéter des sommets et des arêtes. Appelez ce nombre N.

M = matrice d’adjacenceL = 2
N =
15.Bases de données et SQLMoyen

Que signifie le « A » de ACID ?

  1. AAggregation (agrégation)
  2. BAvailability (disponibilité)
  3. CAtomicity (atomicité)
  4. DAccuracy (exactitude)
16.Bases de données et SQLDifficile

Après customers LEFT JOIN orders, pourquoi utiliser COUNT(o.id) plutôt que COUNT(*) pour compter les commandes par client ?

  1. ACOUNT(*) n'est pas autorisé après une jointure
  2. BCOUNT(*) ignore les lignes contenant des valeurs NULL
  3. CCOUNT(*) compte pour 1 la ligne remplie de NULL des clients sans commande
  4. DCOUNT(o.id) ne compte que les clients distincts
17.Réseaux informatiquesMoyen

Quel drapeau TCP indique qu'un émetteur a fini d'envoyer des données ?

  1. ASYN
  2. BURG
  3. CFIN
  4. DPSH
18.Réseaux informatiquesDifficile

Une application de terminal à distance paraît lente parce que les petits paquets de frappe sont retenus. Quel mécanisme TCP en est souvent responsable ?

  1. ALe démarrage lent (slow start)
  2. BLa retransmission rapide
  3. CLa poignée de main en trois temps
  4. DL'algorithme de Nagle
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/24 → /2911111111111111111111111111111000bits réseaubits hôte

Le réseau 192.168.10.0/24 doit être divisé en au moins 20 sous-réseaux égaux. Si tu empruntes le moins de bits possible, combien d'hôtes utilisables H chaque sous-réseau a-t-il ?

192.168.10.0/2420 subnets
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
dernier octet = 97012816413201608040211réseauhôte

Un hôte a l'adresse 10.20.7.97/30. Quel est le dernier nombre (quatrième octet) x de l'adresse de diffusion de son sous-réseau ?

10.20.7.97/30
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 172

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

84 = 0101 0100
inversé: 1010 1011
+1 → 1010 1100

Le lire en non signé

1010 1100₂ = 256 − 84 = 172

Réponse

U = 172
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 174

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

OU exclusif (XOR) donne 1 quand les deux bits diffèrent.

0011 1001
XOR 1001 0111
= 1010 1110

Valeur du résultat

1010 1110₂ = 174

Réponse

R = 174
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: (b ∧ c) ∧ ¬a

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Parties de l’implication

a = b ∧ c, b = a

Négation de l’implication

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (b ∧ c) ∧ ¬a

Réponse

(b ∧ c) ∧ ¬a

Si l’hypothèse mène à une contradiction, l’implication doit être vraie.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: r → p

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Lignes où toutes les prémisses sont vraies

p = 1, q = 1, r = 1: r → p = 1, r ∧ p = 1, ¬r → ¬p = 1, p → r = 1
p = 1, q = 1, r = 0: r → p = 1, r ∧ p = 0, ¬r → ¬p = 0, p → r = 0
p = 1, q = 0, r = 0: r → p = 1, r ∧ p = 0, ¬r → ¬p = 0, p → r = 0
p = 0, q = 0, r = 0: r → p = 1, r ∧ p = 0, ¬r → ¬p = 1, p → r = 1

Conclusion

r → p (syllogisme hypothétique)

Réponse

r → p
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 4

Multiplexeur : un multiplexeur 2ⁿ vers 1 transmet l’une de ses entrées de données à la sortie ; les lignes de sélection, lues comme un nombre binaire, choisissent laquelle. Pour un MUX 4 vers 1 avec sélections S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. En reliant les entrées de données à 0, 1, C ou C′, le MUX produit n’importe quelle fonction de A, B et C, ce qui est une manière courante de réaliser une logique avec un seul circuit.

Expression de sortie

F = A′B′C′ + A′BC + AB′

Lignes avec F = 1

ABC = 000, 011, 100, 101
N = 4

Réponse

N = 4
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 3

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Q après chaque front

Une bascule JK : 00 conserve, 01 remet à 0 (Q = 0), 10 met à 1 (Q = 1), 11 change d’état.

1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 0, K = 1 → Q = 0
3: J = 1, K = 1 → Q = 1
4: J = 0, K = 1 → Q = 0
5: J = 0, K = 1 → Q = 0
6: J = 1, K = 0 → Q = 1
7: J = 0, K = 0 → Q = 1

Compter les changements

0 → 0 → 0 → 1 → 0 → 0 → 1 → 1
N = 3

Réponse

N = 3
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: φ(242) = 110

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Facteurs premiers

242 = 2·112

Indicatrice

φ(242) = φ(121)·φ(2) = 110·1 = 110

Réponse

φ(242) = 110
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: N = 2

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Diviser par le pgcd

gcd(10, 88) = 2
5x ≡ 38 (mod 44)

Résoudre la congruence réduite

5−1 ≡ 9 (mod 44) → x ≡ 34 (mod 44)

Solutions modulo 88

x ∈ {34, 78}
N = 2

Réponse

N = 2
9.Algorithmes et complexité

Réponse: A · O(n²)

Pourquoi c'est la réponse

Avec des pivots systématiquement mauvais (par ex. une entrée déjà triée et le premier élément comme pivot), les partitions sont déséquilibrées, ce qui donne O(n²). Le cas moyen est O(n log n).

Réponse

A · O(n²)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: B · Tout problème de NP pourrait être résolu en temps polynomial, donc P = NP

Pourquoi c'est la réponse

Comme tout NP se réduit en temps polynomial à n'importe quel problème NP-complet, un algorithme rapide pour l'un en donne un pour tous.

Réponse

B · Tout problème de NP pourrait être résolu en temps polynomial, donc P = NP
11.Structures de données

Réponse: D · On le place à la fin du tableau et on le fait remonter tant qu'il viole la propriété de tas

Pourquoi c'est la réponse

L'ajout à la fin maintient l'arbre complet ; les échanges avec le parent rétablissent l'ordre en O(log n) étapes.

Réponse

D · On le place à la fin du tableau et on le fait remonter tant qu'il viole la propriété de tas
12.Structures de données

Réponse: A · Le regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées

Pourquoi c'est la réponse

Le sondage linéaire avance d'un pas de 1, donc les suites occupées grossissent et fusionnent ; le double hachage utilise un second hachage pour la taille du pas, si bien que des clés différentes sondent des séquences différentes.

Réponse

A · Le regroupement primaire (primary clustering), où se forment de longues suites de cases occupées
13.Théorie des graphes

Réponse: Circuit eulérien

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Degrés

deg(A) = 2, deg(B) = 2, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Sommets impairs

0
Circuit eulérien

Réponse

Circuit eulérien
14.Théorie des graphes

Réponse: N = 1

Degrés : le degré d’un sommet est le nombre d’arêtes qui y aboutissent. Chaque arête a deux extrémités, donc les degrés totalisent deux fois le nombre d’arêtes : Σ deg(v) = 2|E| (le lemme des poignées de main). Le nombre de sommets de degré impair est donc pair. Kn a n(n − 1)/2 arêtes, un graphe k-régulier à n sommets en a nk/2, et un arbre à n sommets a n − 1 arêtes.

Matrice d’adjacence

A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 1 1 1 0
C: 1 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 0 1
E: 0 1 1 0 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Voisins communs

(M²)BA = 1·0 + 0·1 + 1·1 + 1·0 + 1·0 + 0·0 = 1

Réponse

N = 1
15.Bases de données et SQL

Réponse: C · Atomicity (atomicité)

Pourquoi c'est la réponse

ACID : atomicité, cohérence, isolation, durabilité. L'atomicité signifie qu'une transaction est appliquée entièrement ou pas du tout.

Réponse

C · Atomicity (atomicité)
16.Bases de données et SQL

Réponse: C · COUNT(*) compte pour 1 la ligne remplie de NULL des clients sans commande

Pourquoi c'est la réponse

Pour ces clients, la jointure externe gauche donne une ligne dont les colonnes de commande valent NULL ; COUNT(o.id) ignore le NULL et indique correctement 0.

Réponse

C · COUNT(*) compte pour 1 la ligne remplie de NULL des clients sans commande
17.Réseaux informatiques

Réponse: C · FIN

Pourquoi c'est la réponse

Chaque côté envoie FIN lorsqu'il n'a plus de données, et l'autre côté en accuse réception. SYN sert à ouvrir une connexion ; RST l'interrompt.

Réponse

C · FIN
18.Réseaux informatiques

Réponse: D · L'algorithme de Nagle

Pourquoi c'est la réponse

L'algorithme de Nagle attend pour regrouper les petits segments tant que les données précédentes ne sont pas acquittées. Cela économise de la bande passante mais ajoute du délai au trafic interactif.

Réponse

D · L'algorithme de Nagle
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 6

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Bits à emprunter

25 = 32 ≥ 20 → b = 5, /29

Hôtes par sous-réseau

23 − 2 = 6

Réponse

H = 6
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 99

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Taille de bloc

22 = 4

Sous-réseau de cet hôte

réseau: ⌊97/4⌋·4 = 96
diffusion: 96 + 4 − 1 = 99
hôtes utilisables: 97 … 98

Réponse

x = 99

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