Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.
Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états
Méthode
Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.
Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Méthode
Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Théorie des graphes
Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij
Méthode
Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).
Sous-réseaux IPv4
Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n
2Exercices
1.Systèmes de numérationMoyen
Positionnez les bits pour qu’ils représentent −80 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?
N = −808 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1011 1111 XOR 0011 0000. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?
1011 1111XOR0011 0000
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
Quelle formule est logiquement équivalente à ¬(q ∨ r) ? Cliquez dessus.
¬(q ∨ r)
1q ∨ ¬r
2¬q ∧ ¬r
3¬q ∧ r
4¬q ∨ ¬r
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
Quel énoncé est équivalent à ¬∃x (P(x) → Q(x)), la négation étant passée complètement à l’intérieur ? Cliquez dessus.
¬∃x (P(x) → Q(x))
1∀x (¬P(x) → ¬Q(x))
2∃x (P(x) ∧ ¬Q(x))
3∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
4∀x (P(x) → ¬Q(x))
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
Simplifiez F = AC + A′C′ + AB′ + A′BC′ à sa forme somme de produits minimale. Combien de littéraux L contient l’expression simplifiée ?
F = AC + A′C′ + AB′ + A′BC′
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
Une bascule D déclenchée sur front montant part de Q = 0 et reçoit les entrées représentées sur 6 fronts montants d’horloge. Combien de fois N Q change-t-il d’état ?
Q₀ = 0D
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen
Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(25), le nombre d’entiers de 1 à 25 premiers avec 25.
n = 25 = 52
φ(25) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
Une clé RSA utilise les nombres premiers p = 37 et q = 43 et l’exposant public e = 23. Trouvez l’exposant privé d (0 < d < φ(n)).
p = 37q = 43e = 23
d =
9.Algorithmes et complexitéMoyen
Pourquoi la programmation dynamique n'apporte-t-elle aucune accélération réelle au tri fusion ?
ASes sous-problèmes ne se chevauchent pas, il n'y a donc rien à réutiliser
BLa programmation dynamique ne fonctionne que sur les problèmes de graphes, pas sur les tableaux
CLe tri fusion est déjà en O(n)
DLe tri fusion n'a pas de structure récursive
10.Algorithmes et complexitéDifficile
Le problème du sac à dos 0/1 résolu par programmation dynamique prend un temps O(nW). Pourquoi dit-on qu'il est pseudo-polynomial ?
AParce que l'algorithme est probabiliste et que son temps d'exécution varie à chaque entrée
BParce que n est toujours petit
CParce qu'il ne fonctionne que pour W = 0
DW est un nombre, donc le temps est exponentiel en le nombre de bits utilisés pour écrire W
11.Structures de donnéesMoyen
Dans un tas binaire min stocké dans un tableau (indices commençant à 0), les enfants du nœud d'indice i se trouvent aux indices :
Ai/2 et i/2 + 1
Bi + 1 et i + 2
C2i et 2i + 1
D2i + 1 et 2i + 2
12.Structures de donnéesDifficile
Quel est le principal avantage d'une liste à enjambements (skip list) par rapport à une liste chaînée triée ?
AElle n'utilise aucune mémoire supplémentaire
BElle stocke les clés sans ordre
CUne recherche en O(log n) en moyenne grâce à plusieurs niveaux de pointeurs avant
DUne recherche en O(1) garantie, car chaque nœud stocke un pointeur vers tous les autres nœuds
13.Théorie des graphesMoyen
Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.
|V| = 7|E| = 9
1Circuit eulérien
2Chemin eulérien, pas de circuit
3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
L’algorithme de Dijkstra part de A. Cliquez sur le sommet qui est fixé (rendu définitif) au tour 4 ; A lui-même est le tour 1.
départ : Atour 4
1A
2B
3C
4D
5E
6F
15.Bases de données et SQLMoyen
Qu'apporte une expression de table commune (WITH name AS (...)) ?
AUn nouvel utilisateur de la base de données
BUn index sur une colonne
CUne table permanente qui reste stockée sur disque jusqu'à sa suppression
DUn résultat temporaire nommé, utilisable au sein d'une seule instruction
16.Bases de données et SQLDifficile
Qu'exige la règle de la journalisation anticipée (write-ahead logging, WAL) ?
ALes pages de données doivent être écrites avant le journal
BChaque requête doit être journalisée avant d'être analysée
CL'enregistrement de journal d'une modification doit atteindre le support stable avant la page de données modifiée
DLe journal n'est écrit qu'après une panne
17.Réseaux informatiquesMoyen
Quel masque de sous-réseau correspond à /20 ?
A255.255.248.0
B255.255.255.240
C255.255.224.0
D255.255.240.0
18.Réseaux informatiquesDifficile
D'après le théorème de Shannon, quelle est la capacité d'un canal de 1 MHz avec un rapport signal sur bruit de 255 ?
A1 Mbit/s
B255 Mbit/s
C8 Mbit/s
D2 Mbit/s
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
Un service a besoin de 794 adresses d'hôte dans un seul sous-réseau. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p (le plus petit sous-réseau) suffisante ?
794 hosts
p =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
Un hôte a l'adresse 10.20.242.130/28. Quel est le quatrième octet x de son adresse réseau ?
10.20.242.130/28
x =
3Solutions
1.Systèmes de numération
Réponse: U = 176
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Inverser et ajouter un
80 = 0101 0000
inversé: 1010 1111
+1 → 1011 0000
Le lire en non signé
1011 0000₂ = 256 − 80 = 176
Réponse
U = 176
2.Systèmes de numération
Réponse: R = 143
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Bit par bit
OU exclusif (XOR) donne 1 quand les deux bits diffèrent.
1011 1111
XOR 0011 0000
= 1000 1111
Valeur du résultat
1000 1111₂ = 143
Réponse
R = 143
3.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: ¬q ∧ ¬r
Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
La loi
De Morgan : ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b. Le ∨ devient ∧ et les deux parties sont niées.
¬(q ∨ r) ≡ ¬q ∧ ¬r
Vérifier avec la table de vérité
q = 1, r = 1: 0 | 1 0 0 0
q = 1, r = 0: 0 | 1 0 0 1
q = 0, r = 1: 0 | 0 0 1 1
q = 0, r = 0: 1 | 1 1 0 1
Réponse
¬q ∧ ¬r
Les colonnes après la barre sont les options dans l’ordre affiché.
4.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: ∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.
Faire passer la négation vers l’intérieur
¬∃x (P(x) → Q(x)) ≡ ∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
Réponse
∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
Les autres options laissent un quantificateur inchangé, changent l’ordre des quantificateurs, ou nient mal la formule intérieure.
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: L = 6
Algèbre de Boole : les règles qui simplifient les expressions sont X + X′ = 1 et X·X′ = 0, X + X = X, l’absorption X + X·Y = X, la règle de combinaison X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y et le théorème du consensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Les lois de De Morgan transforment (X·Y)′ en X′ + Y′ et (X + Y)′ en X′·Y′. Un tableau de Karnaugh applique ces règles graphiquement : chaque groupe de deux cases voisines est une utilisation de XY + XY′ = X.
Mintermes de l’expression
AC → m(5, 7)
A′C′ → m(0, 2)
AB′ → m(4, 5)
A′BC′ → m(2)
Regrouper et lire
F = B′C′ + A′C′ + AC
Compter les littéraux
L = 6
Réponse
L = 6
Il existe un autre regroupement de même taille ; il a le même nombre de littéraux.
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: N = 3
Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.
Q après chaque front
Une bascule D copie D à chaque front montant : Q⁺ = D.
1: D = 1 → Q = 1
2: D = 1 → Q = 1
3: D = 1 → Q = 1
4: D = 0 → Q = 0
5: D = 1 → Q = 1
6: D = 1 → Q = 1
Compter les changements
0 → 1 → 1 → 1 → 0 → 1 → 1
N = 3
Réponse
N = 3
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: φ(25) = 20
Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Facteurs premiers
25 = 52
Indicatrice
φ(25) = 25 − 5 = 20
Réponse
φ(25) = 20
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: d = 263
Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.
Module et indicatrice
n = 37·43 = 1591
φ(n) = 36·42 = 1512
Algorithme d’Euclide étendu
r = 1512, t = 0
r = 23, q = 65, t = 1
r = 17, q = 1, t = −65
r = 6, q = 2, t = 66
r = 5, q = 1, t = −197
r = 1, q = 5, t = 263
Exposant privé
d = 263
vérification: 23·263 = 6049 = 4·1512 + 1
Réponse
d = 263
9.Algorithmes et complexité
Réponse: A · Ses sous-problèmes ne se chevauchent pas, il n'y a donc rien à réutiliser
Pourquoi c'est la réponse
Les moitiés du tri fusion sont disjointes et chacune est résolue une seule fois ; la PD n'aide que lorsque les sous-problèmes se répètent, comme pour Fibonacci.
Réponse
A · Ses sous-problèmes ne se chevauchent pas, il n'y a donc rien à réutiliser
10.Algorithmes et complexité
Réponse: D · W est un nombre, donc le temps est exponentiel en le nombre de bits utilisés pour écrire W
Pourquoi c'est la réponse
Le temps d'exécution est polynomial en la valeur de W mais exponentiel en sa longueur (log W bits) ; le sac à dos 0/1 est NP-complet.
Réponse
D · W est un nombre, donc le temps est exponentiel en le nombre de bits utilisés pour écrire W
11.Structures de données
Réponse: D · 2i + 1 et 2i + 2
Pourquoi c'est la réponse
Pour des tableaux indexés à partir de 0, l'enfant gauche est en 2i + 1, l'enfant droit en 2i + 2 et le parent en ⌊(i − 1)/2⌋.
Réponse
D · 2i + 1 et 2i + 2
12.Structures de données
Réponse: C · Une recherche en O(log n) en moyenne grâce à plusieurs niveaux de pointeurs avant
Pourquoi c'est la réponse
Des niveaux aléatoires permettent aux recherches de sauter de nombreux nœuds, ce qui donne en moyenne O(log n) pour la recherche, l'insertion et la suppression.
Réponse
C · Une recherche en O(log n) en moyenne grâce à plusieurs niveaux de pointeurs avant
13.Théorie des graphes
Réponse: ni l’une ni l’autre
Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.
Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.
Dijkstra tour par tour
1. A (0): B: 11, C: 12
2. B (11): D: 15, E: 25
3. C (12): E: 22
4. D (15): F: 25
5. E (22)
6. F (25)
tour 4
D
Réponse
D
15.Bases de données et SQL
Réponse: D · Un résultat temporaire nommé, utilisable au sein d'une seule instruction
Pourquoi c'est la réponse
Une CTE donne un nom à une sous-requête, ce qui rend les requêtes complexes plus lisibles, et elle peut être référencée plusieurs fois dans la même instruction.
Réponse
D · Un résultat temporaire nommé, utilisable au sein d'une seule instruction
16.Bases de données et SQL
Réponse: C · L'enregistrement de journal d'une modification doit atteindre le support stable avant la page de données modifiée
Pourquoi c'est la réponse
Écrire d'abord le journal permet au SGBD de refaire le travail validé et de défaire le travail non validé après une panne, ce qui garantit l'atomicité et la durabilité.
Réponse
C · L'enregistrement de journal d'une modification doit atteindre le support stable avant la page de données modifiée
17.Réseaux informatiques
Réponse: D · 255.255.240.0
Pourquoi c'est la réponse
/20 signifie 8 + 8 + 4 bits à 1. Quatre bits à 1 dans le troisième octet donnent 11110000 = 240, le masque est donc 255.255.240.0.
Réponse
D · 255.255.240.0
18.Réseaux informatiques
Réponse: C · 8 Mbit/s
Pourquoi c'est la réponse
C = 10⁶ × log₂(256) = 10⁶ × 8 = 8 Mbit/s. C'est la limite supérieure du débit sans erreur sur un canal bruité.
Réponse
C · 8 Mbit/s
19.Sous-réseaux IPv4
Réponse: p = 22
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).
Bits d'hôte nécessaires
29 − 2 = 510 < 794
210 − 2 = 1022 ≥ 794 → h = 10
Longueur du préfixe
p = 32 − 10 = 22
Réponse
p = /22
20.Sous-réseaux IPv4
Réponse: x = 128
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).