Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −120 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −1208 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1010 0011 >> 1. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

1010 0011>> 1
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
pqr¬(p ↔ ¬r)p ∧ ¬(p ↔ ¬r)(q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r))111?110?101?100?011?010?001?000?

Dans combien des 8 lignes de sa table de vérité (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) est-elle vraie ? Appelez ce nombre N.

(q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r))
N =
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
b → aa → b¬a → ¬ba ∧ b

Les prémisses a → c; c → b sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.

a → cc → b
  1. 1b → a
  2. 2a → b
  3. 3¬a → ¬b
  4. 4a ∧ b
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABC000111100101324576

Simplifiez F = ABC′ + ABC + A′B à sa forme somme de produits minimale. Combien de littéraux L contient l’expression simplifiée ?

F = ABC′ + ABC + A′B
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
CLKJK1234567

Une bascule JK déclenchée sur front montant part de Q = 0 et reçoit les entrées représentées. Cliquez sur le premier front d’horloge où Q repasse de 1 à 0.

Q₀ = 0JK
  1. 1front d’horloge 1
  2. 2front d’horloge 2
  3. 3front d’horloge 3
  4. 4front d’horloge 4
  5. 5front d’horloge 5
  6. 6front d’horloge 6
  7. 7front d’horloge 7
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(343), le nombre d’entiers de 1 à 343 premiers avec 343.

n = 343 = 73
φ(343) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod n260m = cd​ mod n?(n, e) = (2021, 17)d

Une clé RSA utilise p = 43, q = 47 et e = 17. Déchiffrez le chiffré c = 260 : trouvez le message m.

p = 43q = 47e = 17c = 260
m =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Pourquoi la programmation dynamique n'apporte-t-elle aucune accélération réelle au tri fusion ?

  1. ALe tri fusion est déjà en O(n)
  2. BLe tri fusion n'a pas de structure récursive
  3. CLa programmation dynamique ne fonctionne que sur les problèmes de graphes, pas sur les tableaux
  4. DSes sous-problèmes ne se chevauchent pas, il n'y a donc rien à réutiliser
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Quelles sont les deux choses à montrer pour prouver qu'un problème de décision X est NP-complet ?

  1. AX est dans NP, et un problème NP-complet connu se réduit à X en temps polynomial
  2. BX est dans P, et X se réduit à SAT
  3. CX n'a pas d'algorithme polynomial, et X est décidable
  4. DX se réduit à un problème de P, et X est dans NP
11.Structures de donnéesMoyen

Combien de temps faut-il pour vérifier si l'arête (u, v) existe avec une matrice d'adjacence ?

  1. AO(log V)
  2. BO(E)
  3. CO(1)
  4. DO(V)
12.Structures de donnéesDifficile

Sans union par rang ni compression de chemin, quel est le coût dans le pire cas d'une seule opération find dans une structure union-find à n éléments ?

  1. AO(n)
  2. BO(1)
  3. CO(log n)
  4. DO(α(n))
13.Théorie des graphesMoyen

Un graphe connexe a 16 sommets et 19 arêtes. Combien d’arêtes k faut-il retirer pour obtenir un arbre couvrant ?

|V| = 16|E| = 19
k =
14.Théorie des graphesDifficile
189145194817ABCDEF

L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal. Cliquez sur l’arête qu’il ajoute en numéro 3 ; les arêtes sautées ne comptent pas.

k = 3
  1. 1arête AB
  2. 2arête AC
  3. 3arête BC
  4. 4arête BD
  5. 5arête CE
  6. 6arête DE
  7. 7arête DF
  8. 8arête EF
15.Bases de données et SQLMoyen

Quelle propriété ACID signifie que des transactions concurrentes ne voient pas les modifications inachevées les unes des autres ?

  1. ALa durabilité
  2. BLa disponibilité
  3. CL'isolation
  4. DL'atomicité
16.Bases de données et SQLDifficile

Que renvoie un FULL OUTER JOIN ?

  1. AUniquement les lignes sans correspondance
  2. BLe produit cartésien, qui associe chaque ligne d'une table à toutes les lignes de l'autre
  3. CToutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon
  4. DUniquement les lignes correspondantes
17.Réseaux informatiquesMoyen

Quel est le but de la poignée de main en trois temps (three-way handshake) de TCP ?

  1. AChiffrer les données
  2. BTrouver l'adresse IP d'un hôte avant de pouvoir lui envoyer des données
  3. CFermer rapidement une connexion
  4. DÉtablir une connexion et synchroniser les numéros de séquence
18.Réseaux informatiquesDifficile

Un PC peut joindre les imprimantes de son propre sous-réseau mais rien au-delà. Son adresse IP et son masque sont corrects. Quelle est la panne la plus probable ?

  1. AUne passerelle par défaut absente ou erronée
  2. BUne fenêtre TCP trop petite
  3. CUne adresse MAC en double sur Internet
  4. DUn mauvais réglage du serveur DNS
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
255.255.255.22411111111111111111111111111100000bits réseaubits hôte

Un sous-réseau utilise le masque 255.255.255.224. Combien d’adresses d’hôte utilisables H possède-t-il ?

255.255.255.224
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet = 115012816413211608041211réseauhôte

Un hôte a l’adresse 172.20.115.252/21. Quel est le troisième octet x de son adresse réseau ?

172.20.115.252/21
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 136

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

120 = 0111 1000
inversé: 1000 0111
+1 → 1000 1000

Le lire en non signé

1000 1000₂ = 256 − 120 = 136

Réponse

U = 136
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 81

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

Un décalage à droite de 1 déplace chaque bit de 1 positions vers la droite ; les bits qui sortent à l’extrémité droite sont perdus et des zéros entrent à gauche.

1010 0011 >> 1
= 0101 0001

Valeur du résultat

0101 0001₂ = 81

Réponse

R = 81
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 2

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Table de vérité ligne par ligne

p = 1, q = 1, r = 1: ¬q = 0, r ↔ ¬q = 0, ¬(r ↔ ¬q) = 1, q → ¬(r ↔ ¬q) = 1, ¬r = 0, p ↔ ¬r = 0, ¬(p ↔ ¬r) = 1, p ∧ ¬(p ↔ ¬r) = 1, (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: ¬q = 0, r ↔ ¬q = 1, ¬(r ↔ ¬q) = 0, q → ¬(r ↔ ¬q) = 0, ¬r = 1, p ↔ ¬r = 1, ¬(p ↔ ¬r) = 0, p ∧ ¬(p ↔ ¬r) = 0, (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: ¬q = 1, r ↔ ¬q = 1, ¬(r ↔ ¬q) = 0, q → ¬(r ↔ ¬q) = 1, ¬r = 0, p ↔ ¬r = 0, ¬(p ↔ ¬r) = 1, p ∧ ¬(p ↔ ¬r) = 1, (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: ¬q = 1, r ↔ ¬q = 0, ¬(r ↔ ¬q) = 1, q → ¬(r ↔ ¬q) = 1, ¬r = 1, p ↔ ¬r = 1, ¬(p ↔ ¬r) = 0, p ∧ ¬(p ↔ ¬r) = 0, (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: ¬q = 0, r ↔ ¬q = 0, ¬(r ↔ ¬q) = 1, q → ¬(r ↔ ¬q) = 1, ¬r = 0, p ↔ ¬r = 1, ¬(p ↔ ¬r) = 0, p ∧ ¬(p ↔ ¬r) = 0, (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) = 0
p = 0, q = 1, r = 0: ¬q = 0, r ↔ ¬q = 1, ¬(r ↔ ¬q) = 0, q → ¬(r ↔ ¬q) = 0, ¬r = 1, p ↔ ¬r = 0, ¬(p ↔ ¬r) = 1, p ∧ ¬(p ↔ ¬r) = 0, (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: ¬q = 1, r ↔ ¬q = 1, ¬(r ↔ ¬q) = 0, q → ¬(r ↔ ¬q) = 1, ¬r = 0, p ↔ ¬r = 1, ¬(p ↔ ¬r) = 0, p ∧ ¬(p ↔ ¬r) = 0, (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: ¬q = 1, r ↔ ¬q = 0, ¬(r ↔ ¬q) = 1, q → ¬(r ↔ ¬q) = 1, ¬r = 1, p ↔ ¬r = 0, ¬(p ↔ ¬r) = 1, p ∧ ¬(p ↔ ¬r) = 0, (q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)) = 0

Compter les lignes de valeur 1

(q → ¬(r ↔ ¬q)) ∧ (p ∧ ¬(p ↔ ¬r)): 1, 0, 1, 0, 0, 0, 0, 0
N = 2

Réponse

N = 2
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: a → b

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Lignes où toutes les prémisses sont vraies

a = 1, b = 1, c = 1: b → a = 1, a → b = 1, ¬a → ¬b = 1, a ∧ b = 1
a = 0, b = 1, c = 1: b → a = 0, a → b = 1, ¬a → ¬b = 0, a ∧ b = 0
a = 0, b = 1, c = 0: b → a = 0, a → b = 1, ¬a → ¬b = 0, a ∧ b = 0
a = 0, b = 0, c = 0: b → a = 1, a → b = 1, ¬a → ¬b = 1, a ∧ b = 0

Conclusion

a → b (syllogisme hypothétique)

Réponse

a → b
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: L = 1

Algèbre de Boole : les règles qui simplifient les expressions sont X + X′ = 1 et X·X′ = 0, X + X = X, l’absorption X + X·Y = X, la règle de combinaison X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y et le théorème du consensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Les lois de De Morgan transforment (X·Y)′ en X′ + Y′ et (X + Y)′ en X′·Y′. Un tableau de Karnaugh applique ces règles graphiquement : chaque groupe de deux cases voisines est une utilisation de XY + XY′ = X.

Mintermes de l’expression

ABC′ → m(6)
ABC → m(7)
A′B → m(2, 3)
ABC00011110010001131204051716

Regrouper et lire

F = B

Compter les littéraux

L = 1

Réponse

L = 1
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: front d’horloge 5

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Q après chaque front

Une bascule JK : 00 conserve, 01 remet à 0 (Q = 0), 10 met à 1 (Q = 1), 11 change d’état.

1: J = 0, K = 0 → Q = 0
2: J = 0, K = 1 → Q = 0
3: J = 1, K = 0 → Q = 1
4: J = 1, K = 0 → Q = 1
5: J = 1, K = 1 → Q = 0
6: J = 0, K = 1 → Q = 0
7: J = 1, K = 1 → Q = 1

Premier passage de 1 à 0

front d’horloge 5

Réponse

front d’horloge 5
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: φ(343) = 294

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Facteurs premiers

343 = 73

Indicatrice

φ(343) = 343 − 49 = 294

Réponse

φ(343) = 294
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: m = 1322

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant privé

n = 2021, φ(n) = 1932
d = 17−1 mod 1932 = 341

Déchiffrer par carré répété

341 = 256 + 64 + 16 + 4 + 1
2601 ≡ 260 (mod 2021)
2602 ≡ 907 (mod 2021)
2604 ≡ 102 (mod 2021)
2608 ≡ 299 (mod 2021)
26016 ≡ 477 (mod 2021)
26032 ≡ 1177 (mod 2021)
26064 ≡ 944 (mod 2021)
260128 ≡ 1896 (mod 2021)
260256 ≡ 1478 (mod 2021)
260341 ≡ 260·102·477·944·1478 ≡ 1322 (mod 2021)

Message

m = 1322
vérification: 132217 mod 2021 = 260

Réponse

m = 1322
9.Algorithmes et complexité

Réponse: D · Ses sous-problèmes ne se chevauchent pas, il n'y a donc rien à réutiliser

Pourquoi c'est la réponse

Les moitiés du tri fusion sont disjointes et chacune est résolue une seule fois ; la PD n'aide que lorsque les sous-problèmes se répètent, comme pour Fibonacci.

Réponse

D · Ses sous-problèmes ne se chevauchent pas, il n'y a donc rien à réutiliser
10.Algorithmes et complexité

Réponse: A · X est dans NP, et un problème NP-complet connu se réduit à X en temps polynomial

Pourquoi c'est la réponse

L'appartenance à NP montre que X n'est pas plus difficile que NP ; la réduction depuis un problème NP-complet connu montre que X est au moins aussi difficile que tout NP.

Réponse

A · X est dans NP, et un problème NP-complet connu se réduit à X en temps polynomial
11.Structures de données

Réponse: C · O(1)

Pourquoi c'est la réponse

La case à la ligne u, colonne v indique immédiatement si l'arête existe ; une liste d'adjacence peut nécessiter de parcourir les voisins de u.

Réponse

C · O(1)
12.Structures de données

Réponse: A · O(n)

Pourquoi c'est la réponse

Des unions naïves peuvent relier les arbres en une longue chaîne, donc find peut suivre n − 1 pointeurs vers le parent ; les deux heuristiques le rendent presque constant.

Réponse

A · O(n)
13.Théorie des graphes

Réponse: k = 4

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Arêtes d’un arbre couvrant

16 − 1 = 15

Arêtes à retirer

k = 19 − 15 = 4

Réponse

k = 4
14.Théorie des graphes

Réponse: arête DF

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Algorithme de Kruskal

1. DE (4)
2. BD (5)
3. DF (8)
4. AC (9)
5. BC (14)

numéro de l’arête 3

DF

Réponse

arête DF
15.Bases de données et SQL

Réponse: C · L'isolation

Pourquoi c'est la réponse

L'isolation sépare les transactions concurrentes ; les niveaux d'isolation déterminent avec quelle rigueur elle est appliquée.

Réponse

C · L'isolation
16.Bases de données et SQL

Réponse: C · Toutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon

Pourquoi c'est la réponse

Une jointure externe complète conserve chaque ligne des deux tables, en appariant les correspondances et en remplissant le côté manquant avec des NULL.

Réponse

C · Toutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon
17.Réseaux informatiques

Réponse: D · Établir une connexion et synchroniser les numéros de séquence

Pourquoi c'est la réponse

La poignée de main établit une connexion et fixe les numéros de séquence initiaux des deux côtés avant l'envoi des données.

Réponse

D · Établir une connexion et synchroniser les numéros de séquence
18.Réseaux informatiques

Réponse: A · Une passerelle par défaut absente ou erronée

Pourquoi c'est la réponse

Les hôtes envoient les paquets destinés à d'autres sous-réseaux à la passerelle par défaut. Si elle est erronée ou absente, le trafic local fonctionne mais rien d'extérieur n'est joignable, même par adresse IP.

Réponse

A · Une passerelle par défaut absente ou erronée
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 30

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Longueur du préfixe

255.255.255.224 = /27

Hôtes utilisables

25 − 2 = 30

Réponse

H = 30
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 112

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc dans le troisième octet

23 = 8

Sous-réseau de cet hôte

réseau: 172.20.112.0
diffusion: 172.20.119.255

Réponse

x = 112

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