Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.
Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états
Méthode
Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.
Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Méthode
Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Théorie des graphes
Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij
Méthode
Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).
Sous-réseaux IPv4
Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n
2Exercices
1.Systèmes de numérationMoyen
Positionnez les bits pour qu’ils représentent −93 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?
N = −938 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1110 1000 AND 1111 0110. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?
1110 1000AND1111 0110
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
b → (b ∨ a) est-elle une tautologie, une contradiction ou une contingence ? Cliquez sur votre réponse.
b → (b ∨ a)
1tautologie
2contradiction
3contingence
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
Le raisonnement de prémisses c → b; a → b et de conclusion c → a est invalide. Cliquez sur la ligne de la table de vérité qui est un contre-exemple.
c → ba → b∴ c → a
1a = 1, b = 1, c = 1
2a = 1, b = 1, c = 0
3a = 1, b = 0, c = 1
4a = 1, b = 0, c = 0
5a = 0, b = 1, c = 1
6a = 0, b = 1, c = 0
7a = 0, b = 0, c = 1
8a = 0, b = 0, c = 0
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme somme de produits (SOP) minimale de F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 3, 4, 10, 11, 14, 15). Combien de littéraux L contient-elle au total (une variable primée compte pour un littéral) ?
F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 3, 4, 10, 11, 14, 15)
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
Une bascule JK déclenchée sur front montant part de Q = 0 et reçoit les entrées représentées sur 6 fronts montants d’horloge. Combien de fois N Q change-t-il d’état ?
Q₀ = 0JK
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen
Trouvez l’indicatrice d’Euler φ(20), le nombre d’entiers de 1 à 20 premiers avec 20.
n = 20 = 22·5
φ(20) =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
Une clé RSA utilise les nombres premiers p = 5 et q = 47 et l’exposant public e = 3. Trouvez l’exposant privé d (0 < d < φ(n)).
p = 5q = 47e = 3
d =
9.Algorithmes et complexitéMoyen
Que calcule l'algorithme de Floyd-Warshall, et en combien de temps ?
ALes plus courts chemins depuis un sommet source vers tous les autres en O(V + E)
BUn ordre topologique en O(V²)
CLes plus courts chemins entre toutes les paires de sommets en O(V³)
DUn arbre couvrant de poids minimal en O(E log V)
10.Algorithmes et complexitéDifficile
Quel énoncé sur la notation petit o est correct ?
An = o(n²), mais n n'est pas o(n)
B2n = o(n), car 2n croît lentement
Cn = o(n), puisque toute fonction est un petit o d'elle-même
Dn² = o(n)
11.Structures de donnéesMoyen
Pourquoi le parcours d'un tableau est-il souvent bien plus rapide en pratique que celui d'une liste chaînée de même longueur ?
ALes tableaux utilisent moins d'instructions pour comparer les valeurs
BLes listes chaînées stockent toujours leurs éléments sur disque
CLes éléments d'un tableau sont contigus, ce qui exploite bien le cache du processeur
DLe parcours d'un tableau est en O(1) au total, alors que celui d'une liste chaînée est en O(n)
12.Structures de donnéesDifficile
Pourquoi les bases de données utilisent-elles souvent des arbres B+ plutôt que de simples B-arbres pour leurs index ?
ALes arbres B+ utilisent des nœuds internes binaires, ce qui réduit le nombre de lectures sur disque
BLes arbres B+ n'ont pas besoin d'être équilibrés
CLes arbres B+ ne stockent les données que dans la racine
DTous les enregistrements sont dans des feuilles chaînées, ce qui rend les parcours d'intervalle efficaces
13.Théorie des graphesMoyen
Combien de circuits hamiltoniens différents H le graphe complet K6 a-t-il ? Les circuits qui ne diffèrent que par le sommet de départ ou le sens comptent comme un seul.
K6
H =
14.Théorie des graphesDifficile
Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(F) du plus court chemin de A à F dans le graphe pondéré.
départ : Aarrivée : F
d(F) =
15.Bases de données et SQLMoyen
La deuxième forme normale (2NF) élimine :
ALes clés étrangères
BLes dépendances partielles des colonnes non clés vis-à-vis d'une partie d'une clé composée
CLes dépendances transitives entre colonnes non clés via une autre colonne non clé
DToutes les valeurs NULL
16.Bases de données et SQLDifficile
Que renvoie un FULL OUTER JOIN ?
AToutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon
BUniquement les lignes sans correspondance
CUniquement les lignes correspondantes
DLe produit cartésien, qui associe chaque ligne d'une table à toutes les lignes de l'autre
17.Réseaux informatiquesMoyen
Quelle métrique RIP utilise-t-il pour choisir les routes ?
ALe nombre de sauts
BLa politique commerciale
CLa bande passante de la liaison
DLe délai mesuré
18.Réseaux informatiquesDifficile
Que fait la retransmission rapide (fast retransmit) de TCP ?
AElle saute la poignée de main en trois temps lors d'une reconnexion à des hôtes connus, si bien que les données sont renvoyées plus tôt
BElle renvoie chaque segment deux fois par sécurité
CElle renvoie un segment après trois ACK dupliqués, sans attendre l'expiration du délai
DElle double la fenêtre après chaque perte
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
Le réseau 192.168.10.0/24 doit être divisé en au moins 30 sous-réseaux égaux. Si tu empruntes le moins de bits possible, combien d'hôtes utilisables H chaque sous-réseau a-t-il ?
192.168.10.0/2430 subnets
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
Le réseau 192.168.17.0/24 est découpé en VLSM pour ces LAN : A: 16 hôtes, B: 13 hôtes, C: 38 hôtes, D: 34 hôtes. Les sous-réseaux sont attribués à partir de .0 en montant, le LAN ayant le plus d’hôtes en premier, chacun recevant le plus petit sous-réseau qui convient. Quel est le quatrième octet x de l’adresse réseau du LAN B ?
A: 16B: 13C: 38D: 34
x =
3Solutions
1.Systèmes de numération
Réponse: U = 163
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Inverser et ajouter un
93 = 0101 1101
inversé: 1010 0010
+1 → 1010 0011
Le lire en non signé
1010 0011₂ = 256 − 93 = 163
Réponse
U = 163
2.Systèmes de numération
Réponse: R = 224
Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.
Bit par bit
ET donne 1 seulement quand les deux bits valent 1.
1110 1000
AND 1111 0110
= 1110 0000
Valeur du résultat
1110 0000₂ = 224
Réponse
R = 224
3.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: tautologie
Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Table de vérité ligne par ligne
a = 1, b = 1: b ∨ a = 1, b → (b ∨ a) = 1
a = 1, b = 0: b ∨ a = 1, b → (b ∨ a) = 1
a = 0, b = 1: b ∨ a = 1, b → (b ∨ a) = 1
a = 0, b = 0: b ∨ a = 0, b → (b ∨ a) = 1
Classer
b → (b ∨ a): 1, 1, 1, 1
1 dans toutes les lignes : une tautologie.
Réponse
tautologie
4.Logique propositionnelle et preuves
Réponse: a = 0, b = 1, c = 1
Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.
Prémisses et conclusion ligne par ligne
a = 1, b = 1, c = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 1, c = 0: 1 1 | 1
a = 1, b = 0, c = 1: 0 0 | 1
a = 1, b = 0, c = 0: 1 0 | 1
a = 0, b = 1, c = 1: 1 1 | 0
a = 0, b = 1, c = 0: 1 1 | 1
a = 0, b = 0, c = 1: 0 1 | 0
a = 0, b = 0, c = 0: 1 1 | 1
Contre-exemple
a = 0, b = 1, c = 1
Réponse
a = 0, b = 1, c = 1
Un raisonnement de cette forme ressemble à une règle valide, mais une seule ligne suffit à montrer qu’il ne l’est pas.
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: L = 8
Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.
Regrouper les 1
Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.
AC
A′C′D′
A′B′D
Forme SOP minimale
F = AC + A′C′D′ + A′B′D
L = 8
Réponse
L = 8
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules
Réponse: N = 2
Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.
Q après chaque front
Une bascule JK : 00 conserve, 01 remet à 0 (Q = 0), 10 met à 1 (Q = 1), 11 change d’état.
1: J = 1, K = 0 → Q = 1
2: J = 0, K = 0 → Q = 1
3: J = 1, K = 0 → Q = 1
4: J = 1, K = 0 → Q = 1
5: J = 0, K = 1 → Q = 0
6: J = 0, K = 0 → Q = 0
Compter les changements
0 → 1 → 1 → 1 → 1 → 0 → 0
N = 2
Réponse
N = 2
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: φ(20) = 8
Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Facteurs premiers
20 = 22·5
Indicatrice
φ(20) = φ(5)·φ(4) = 4·2 = 8
Réponse
φ(20) = 8
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire
Réponse: d = 123
Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.
Module et indicatrice
n = 5·47 = 235
φ(n) = 4·46 = 184
Algorithme d’Euclide étendu
r = 184, t = 0
r = 3, q = 61, t = 1
r = 1, q = 3, t = −61
Exposant privé
d = 123
vérification: 3·123 = 369 = 2·184 + 1
Réponse
d = 123
9.Algorithmes et complexité
Réponse: C · Les plus courts chemins entre toutes les paires de sommets en O(V³)
Pourquoi c'est la réponse
Floyd-Warshall est un algorithme de programmation dynamique qui autorise tour à tour chaque sommet comme point intermédiaire, en temps O(V³).
Réponse
C · Les plus courts chemins entre toutes les paires de sommets en O(V³)
10.Algorithmes et complexité
Réponse: A · n = o(n²), mais n n'est pas o(n)
Pourquoi c'est la réponse
f = o(g) signifie que f(n) / g(n) tend vers 0 ; n / n² tend vers 0, mais n / n = 1 non.
Réponse
A · n = o(n²), mais n n'est pas o(n)
11.Structures de données
Réponse: C · Les éléments d'un tableau sont contigus, ce qui exploite bien le cache du processeur
Pourquoi c'est la réponse
La mémoire contiguë offre une bonne localité des références, alors que des nœuds chaînés peuvent être dispersés et provoquer de nombreux défauts de cache.
Réponse
C · Les éléments d'un tableau sont contigus, ce qui exploite bien le cache du processeur
12.Structures de données
Réponse: D · Tous les enregistrements sont dans des feuilles chaînées, ce qui rend les parcours d'intervalle efficaces
Pourquoi c'est la réponse
Dans un arbre B+, les nœuds internes servent uniquement à guider la recherche et les feuilles sont chaînées dans l'ordre des clés ; une requête par intervalle trouve la première clé puis parcourt les feuilles.
Réponse
D · Tous les enregistrements sont dans des feuilles chaînées, ce qui rend les parcours d'intervalle efficaces
13.Théorie des graphes
Réponse: H = 60
Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.
Compter
H = (6 − 1)!/2 = 120/2 = 60
Réponse
H = 60
14.Théorie des graphes
Réponse: d(F) = 28
Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.
Dijkstra tour par tour
Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.
A (0): B: 13, C: 8
C (8): E: 13
B (13): D: 25, G: 23
E (13): D: 23
D (23): F: 28
G (23)
F (28)
Plus court chemin
A → C → E → D → F
d(F) = 28
Réponse
d(F) = 28
15.Bases de données et SQL
Réponse: B · Les dépendances partielles des colonnes non clés vis-à-vis d'une partie d'une clé composée
Pourquoi c'est la réponse
La 2NF exige la 1NF et que chaque attribut non clé dépende de la clé entière, et pas seulement d'une partie.
Réponse
B · Les dépendances partielles des colonnes non clés vis-à-vis d'une partie d'une clé composée
16.Bases de données et SQL
Réponse: A · Toutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon
Pourquoi c'est la réponse
Une jointure externe complète conserve chaque ligne des deux tables, en appariant les correspondances et en remplissant le côté manquant avec des NULL.
Réponse
A · Toutes les lignes des deux tables, appariées si possible et complétées par des NULL sinon
17.Réseaux informatiques
Réponse: A · Le nombre de sauts
Pourquoi c'est la réponse
RIP est un protocole à vecteur de distance qui compte les sauts, 16 signifiant inaccessible. Cela le limite aux petits réseaux.
Réponse
A · Le nombre de sauts
18.Réseaux informatiques
Réponse: C · Elle renvoie un segment après trois ACK dupliqués, sans attendre l'expiration du délai
Pourquoi c'est la réponse
Trois ACK dupliqués indiquent fortement la perte d'un seul segment, que TCP retransmet donc aussitôt. La récupération est bien plus rapide qu'en attendant le temporisateur de retransmission.
Réponse
C · Elle renvoie un segment après trois ACK dupliqués, sans attendre l'expiration du délai
19.Sous-réseaux IPv4
Réponse: H = 6
Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).
Bits à emprunter
25 = 32 ≥ 30 → b = 5, /29
Hôtes par sous-réseau
23 − 2 = 6
Réponse
H = 6
20.Sous-réseaux IPv4
Réponse: x = 160
VLSM : chaque LAN reçoit le plus petit sous-réseau tel que 2ʰ − 2 ≥ son nombre d’hôtes, c’est-à-dire un préfixe 32 − h. Attribuer d’abord les plus grands sous-réseaux garde chaque bloc aligné sur un multiple de sa propre taille, donc les adresses réseau s’obtiennent en additionnant les tailles de bloc.