Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −118 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −1188 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
4067 codes, b = ? bits?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Un système doit donner à chacun de 4067 éléments son propre code binaire, tous de même longueur. Quel est le plus petit nombre de bits b nécessaire ?

4067
b = bit
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
tautologiecontradictioncontingence

r → (r ∧ q) est-elle une tautologie, une contradiction ou une contingence ? Cliquez sur votre réponse.

r → (r ∧ q)
  1. 1tautologie
  2. 2contradiction
  3. 3contingence
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile

Combien des 16 lignes de la table de vérité rendent (p → s) ↔ (r → (q ↔ p)) vraie ? Appelez ce nombre N.

(p → s) ↔ (r → (q ↔ p))
N =
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABC000111100101324576

Simplifiez F = AB′C′ + A′B′C′ + AB′ à sa forme somme de produits minimale. Combien de littéraux L contient l’expression simplifiée ?

F = AB′C′ + A′B′C′ + AB′
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​CLKUP

Un compteur binaire croissant de 4 bits part de 9 (décimal, Q = 1001). Quelle valeur Q (en décimal) affiche-t-il après 22 impulsions d’horloge ?

Q0 = 922n = 4
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’inverse de 64 modulo 73 : le nombre x avec 0 < x < 73 et 64·x ≡ 1 (mod 73).

a = 64n = 73
64−1 mod 73 =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile

67 est premier. Utilisez le petit théorème de Fermat pour trouver 2654658 mod 67.

p = 67k = 54658
2654658 mod 67 =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quelle est la solution de la récurrence T(n) = T(n/2) + O(1) ?

  1. AO(1)
  2. BO(n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(log n)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Le tri topologique n'est possible que pour :

  1. ALes graphes à poids négatifs
  2. BLes graphes complets
  3. CLes graphes non orientés
  4. DLes graphes orientés acycliques (DAG)
11.Structures de donnéesMoyen

Quelle quantité de mémoire une liste d'adjacence utilise-t-elle pour un graphe à V sommets et E arêtes ?

  1. AO(V × E)
  2. BO(V²)
  3. CO(E²)
  4. DO(V + E)
12.Structures de donnéesDifficile

L'algorithme de Kahn pour le tri topologique retire répétitivement les sommets de degré entrant 0. Quelle structure contient ces sommets ?

  1. AUne matrice d'adjacence indiquant quels sommets ont déjà été retirés
  2. BUn tas max ordonné par degré sortant
  3. CUne pile de toutes les arêtes visitées
  4. DUne file (ou toute collection) des sommets de degré entrant 0
13.Théorie des graphesMoyen
ABCDEFGCircuit eulérienChemin eulérien, pas de circuitni l’une ni l’autre

Le graphe connexe a-t-il un circuit eulérien, un chemin eulérien qui n’est pas un circuit, ou ni l’un ni l’autre ? Cliquez sur votre réponse.

|V| = 7|E| = 11
  1. 1Circuit eulérien
  2. 2Chemin eulérien, pas de circuit
  3. 3ni l’une ni l’autre
14.Théorie des graphesDifficile
131131597654666ABCDEFG

L’algorithme de Dijkstra part de A. Cliquez sur le sommet qui est fixé (rendu définitif) au tour 5 ; A lui-même est le tour 1.

départ : Atour 5
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
  7. 7G
15.Bases de données et SQLMoyen

Pourquoi SELECT price * 2 AS double_price FROM t WHERE double_price > 10 échoue-t-il dans la plupart des bases de données ?

  1. AWHERE est évalué avant la liste du SELECT, donc l'alias n'existe pas encore
  2. BWHERE ne peut comparer que des colonnes de texte
  3. CLes alias ne peuvent pas contenir de tiret bas
  4. DL'arithmétique n'est pas autorisée dans la liste du SELECT
16.Bases de données et SQLDifficile

Quel est un inconvénient connu de la décomposition des tables en BCNF par rapport à la 3NF ?

  1. ACertaines dépendances fonctionnelles peuvent ne plus être vérifiables au sein d'une seule table
  2. BLa décomposition perd toujours des données lors de la jointure inverse
  3. CLa BCNF permet plus de redondance que la 3NF
  4. DLes tables en BCNF ne peuvent pas avoir de clé primaire
17.Réseaux informatiquesMoyen

Quel est le rôle de la passerelle par défaut sur un hôte ?

  1. AC'est le routeur utilisé pour le trafic vers d'autres réseaux
  2. BElle attribue les adresses MAC
  3. CC'est le port du commutateur auquel l'hôte est connecté
  4. DC'est le serveur DNS
18.Réseaux informatiquesDifficile

Dans une attaque par inondation SYN (SYN flood), quelle ressource l'attaquant cherche-t-il à épuiser ?

  1. AL'espace disque du serveur
  2. BLa table d'adresses MAC du commutateur
  3. CLa table des connexions semi-ouvertes du serveur
  4. DLe cache DNS du client
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/24 → /2911111111111111111111111111111000bits réseaubits hôte

Le réseau 192.168.10.0/24 doit être divisé en au moins 20 sous-réseaux égaux. Si tu empruntes le moins de bits possible, combien d'hôtes utilisables H chaque sous-réseau a-t-il ?

192.168.10.0/2420 subnets
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet = 9012806403201618040211réseauhôte

Un hôte a l’adresse 172.20.9.13/22. Quel est le troisième octet x de son adresse réseau ?

172.20.9.13/22
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 138

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

118 = 0111 0110
inversé: 1000 1001
+1 → 1000 1010

Le lire en non signé

1000 1010₂ = 256 − 118 = 138

Réponse

U = 138
2.Systèmes de numération

Réponse: b = 12 bit

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Puissances de deux

211 = 2048 < 4067
212 = 4096 ≥ 4067

Réponse

b = 12
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: contingence

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Table de vérité ligne par ligne

q = 1, r = 1: r ∧ q = 1, r → (r ∧ q) = 1
q = 1, r = 0: r ∧ q = 0, r → (r ∧ q) = 1
q = 0, r = 1: r ∧ q = 0, r → (r ∧ q) = 0
q = 0, r = 0: r ∧ q = 0, r → (r ∧ q) = 1

Classer

r → (r ∧ q): 1, 1, 0, 1
1 sur 3 des 4 lignes, 0 dans les autres : une contingence.

Réponse

contingence
4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 10

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Colonnes

p → s; q ↔ p; r → (q ↔ p); (p → s) ↔ (r → (q ↔ p))

Scinder selon p

p = 1: 4
p = 0: 6
N = 4 + 6 = 10

Réponse

N = 10
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: L = 4

Algèbre de Boole : les règles qui simplifient les expressions sont X + X′ = 1 et X·X′ = 0, X + X = X, l’absorption X + X·Y = X, la règle de combinaison X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y et le théorème du consensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Les lois de De Morgan transforment (X·Y)′ en X′ + Y′ et (X + Y)′ en X′·Y′. Un tableau de Karnaugh applique ces règles graphiquement : chaque groupe de deux cases voisines est une utilisation de XY + XY′ = X.

Mintermes de l’expression

AB′C′ → m(4)
A′B′C′ → m(0)
AB′ → m(4, 5)
ABC00011110011001030214150706

Regrouper et lire

F = B′C′ + AB′

Compter les littéraux

L = 4

Réponse

L = 4
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: Q = 15

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Cycles complets

Toutes les 16 impulsions ramènent le compteur au même état.

22 = 1·16 + 6

Valeur après les impulsions restantes

Q = (9 + 6) mod 16 = 15
Q = 1111₂

Réponse

Q = 15
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 64−1 mod 73 = 8

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algorithme d’Euclide étendu

Chaque reste r s’écrit r ≡ t·64 (mod 73).

r = 73, t = 0
r = 64, q = 1, t = 1
r = 9, q = 7, t = −1
r = 1, q = 9, t = 8

Inverse

1 ≡ 8·64 (mod 73)
x = 8
vérification: 64·8 = 512 = 7·73 + 1

Réponse

64−1 mod 73 = 8
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 2654658 mod 67 = 4

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Réduire l’exposant

54658 mod 66 = 10
2654658 ≡ 2610 (mod 67)

Petite puissance

2610 mod 67 = 4

Réponse

2654658 mod 67 = 4
9.Algorithmes et complexité

Réponse: D · O(log n)

Pourquoi c'est la réponse

Le problème est divisé par deux à chaque étape avec un travail constant par étape : il y a donc environ log₂ n étapes.

Réponse

D · O(log n)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: D · Les graphes orientés acycliques (DAG)

Pourquoi c'est la réponse

Un ordre topologique existe si et seulement si le graphe orienté ne contient pas de cycle ; on peut le trouver en O(V + E) avec DFS ou l'algorithme de Kahn.

Réponse

D · Les graphes orientés acycliques (DAG)
11.Structures de données

Réponse: D · O(V + E)

Pourquoi c'est la réponse

Chaque sommet a une liste et chaque arête apparaît une fois (orienté) ou deux fois (non orienté), ce qui donne O(V + E).

Réponse

D · O(V + E)
12.Structures de données

Réponse: D · Une file (ou toute collection) des sommets de degré entrant 0

Pourquoi c'est la réponse

Les sommets prêts sont conservés dans une file ; en retirer un diminue le degré entrant de ses voisins, et ceux qui atteignent 0 sont ajoutés, ce qui donne un temps en O(V + E).

Réponse

D · Une file (ou toute collection) des sommets de degré entrant 0
13.Théorie des graphes

Réponse: Chemin eulérien, pas de circuit

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Degrés

deg(A) = 2, deg(B) = 3, deg(C) = 4, deg(D) = 3, deg(E) = 4, deg(F) = 2, deg(G) = 4

Sommets impairs

B, D → 2
Chemin eulérien, pas de circuit

Réponse

Chemin eulérien, pas de circuit

Le chemin eulérien commence à un sommet impair et finit à l’autre.

14.Théorie des graphes

Réponse: E

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Dijkstra tour par tour

1. A (0): B: 13, C: 11
2. C (11): E: 20, G: 17
3. B (13): D: 28
4. G (17): D: 23
5. E (20): F: 25
6. D (23)
7. F (25)

tour 5

E

Réponse

E
15.Bases de données et SQL

Réponse: A · WHERE est évalué avant la liste du SELECT, donc l'alias n'existe pas encore

Pourquoi c'est la réponse

Logiquement, FROM et WHERE s'exécutent avant SELECT ; il faut donc répéter l'expression dans WHERE ou utiliser une sous-requête. ORDER BY peut utiliser l'alias, car il s'exécute après SELECT.

Réponse

A · WHERE est évalué avant la liste du SELECT, donc l'alias n'existe pas encore
16.Bases de données et SQL

Réponse: A · Certaines dépendances fonctionnelles peuvent ne plus être vérifiables au sein d'une seule table

Pourquoi c'est la réponse

Une décomposition BCNF sans perte existe toujours, mais elle peut ne pas préserver les dépendances ; la 3NF peut toujours être à la fois sans perte et préservatrice des dépendances.

Réponse

A · Certaines dépendances fonctionnelles peuvent ne plus être vérifiables au sein d'une seule table
17.Réseaux informatiques

Réponse: A · C'est le routeur utilisé pour le trafic vers d'autres réseaux

Pourquoi c'est la réponse

L'hôte envoie les paquets destinés à des destinations non locales à la passerelle par défaut, généralement son routeur local.

Réponse

A · C'est le routeur utilisé pour le trafic vers d'autres réseaux
18.Réseaux informatiques

Réponse: C · La table des connexions semi-ouvertes du serveur

Pourquoi c'est la réponse

Chaque SYN oblige le serveur à réserver un état et à attendre un ACK qui n'arrive jamais. Les SYN cookies évitent de stocker un état avant la fin de la poignée de main.

Réponse

C · La table des connexions semi-ouvertes du serveur
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 6

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Bits à emprunter

25 = 32 ≥ 20 → b = 5, /29

Hôtes par sous-réseau

23 − 2 = 6

Réponse

H = 6
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 8

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc dans le troisième octet

22 = 4

Sous-réseau de cet hôte

réseau: 172.20.8.0
diffusion: 172.20.11.255

Réponse

x = 8

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