Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
poids en complément à deux1−12816403201618041211

Le motif de 8 bits 1100 1011 stocke un entier signé en complément à deux. Quelle est sa valeur N en décimal ?

1100 10118 bit
N =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0001 0100 OR 1000 0101. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

0001 0100OR1000 0101
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
q ∧ (r → p)(q → r) → pq → (r → p)(q → p) ∧ (r → p)

Quelle formule est logiquement équivalente à (q ∧ r) → p ? Cliquez dessus.

(q ∧ r) → p
  1. 1q ∧ (r → p)
  2. 2(q → r) → p
  3. 3q → (r → p)
  4. 4(q → p) ∧ (r → p)
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
¬pp ∧ ¬qq¬q

Les prémisses p → q; p sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.

p → qp
  1. 1¬p
  2. 2p ∧ ¬q
  3. 3q
  4. 4¬q
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD00011110000111101111

Dans ce tableau de Karnaugh, exactement un 1 n’a aucun 1 voisin, donc il reste un groupe d’une seule case (un minterme complet de quatre littéraux) dans la forme SOP minimale. Les voisins de part et d’autre des bords du tableau comptent. Cliquez sur cette case.

F = Σm(2, 7, 8, 10)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
CLKJK12345678

Une bascule JK déclenchée sur front montant part de Q = 0 et reçoit les entrées représentées sur 8 fronts montants d’horloge. Combien de fois N Q change-t-il d’état ?

Q₀ = 0JK
N =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez le plus petit entier positif x tel que x ≡ 3 (mod 5) et x ≡ 6 (mod 7).

x ≡ 3 (mod 5)x ≡ 6 (mod 7)
x =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod n198m = cd​ mod n?(n, e) = (217, 7)d

Une clé RSA utilise p = 7, q = 31 et e = 7. Déchiffrez le chiffré c = 198 : trouvez le message m.

p = 7q = 31e = 7c = 198
m =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quelle est la solution de la récurrence T(n) = T(n − 1) + O(1) ?

  1. AO(n²)
  2. BO(2ⁿ)
  3. CO(log n)
  4. DO(n)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Comment le problème du voyageur de commerce est-il classé ?

  1. ALa version décisionnelle est NP-complète et la version d'optimisation est NP-difficile
  2. BIl est dans P car l'algorithme de Dijkstra le résout en visitant chaque ville une seule fois
  3. CIl est indécidable
  4. DLa version décisionnelle est dans P mais la version d'optimisation est NP-complète
11.Structures de donnéesMoyen

Un parcours infixe (in-order) d'un arbre binaire de recherche visite les clés dans :

  1. AL'ordre d'insertion
  2. BToujours l'ordre décroissant
  3. CL'ordre par niveaux
  4. DL'ordre croissant
12.Structures de donnéesDifficile

Un arbre de segments (segment tree) est généralement utilisé pour :

  1. AStocker les arêtes d'un graphe
  2. BRépondre à des requêtes sur intervalles (comme des sommes d'intervalles) et à des mises à jour en O(log n)
  3. CTrier des chaînes par ordre alphabétique en stockant chaque préfixe dans un nœud distinct de l'arbre
  4. DImplémenter une pile
13.Théorie des graphesMoyen

Un arbre a 3 sommets de degré 4, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?

3 × deg 4
L =
14.Théorie des graphesDifficile
17142316109ABCDE

L’algorithme de Prim construit un arbre couvrant minimal en partant du sommet E. Cliquez sur l’arête qu’il ajoute en numéro 3.

départ : Ek = 3
  1. 1arête AB
  2. 2arête AC
  3. 3arête BC
  4. 4arête BD
  5. 5arête CE
  6. 6arête DE
  7. 7arête BE
15.Bases de données et SQLMoyen

Que renvoie SELECT name, CASE WHEN grade >= 5,5 THEN 'pass' ELSE 'fail' END FROM results ?

  1. AUniquement les étudiants reçus
  2. BChaque nom avec l'étiquette 'pass' ou 'fail' selon la note
  3. CLe nombre d'étudiants reçus et recalés
  4. DUne erreur, car CASE n'est pas autorisé dans SELECT
16.Bases de données et SQLDifficile

Une application exécute UPDATE item SET qty = 4, version = 8 WHERE id = 1 AND version = 7 et signale un conflit si aucune ligne n'a été mise à jour. De quelle technique s'agit-il ?

  1. ALa journalisation anticipée (WAL)
  2. BLe verrouillage à deux phases strict avec des verrous de ligne
  3. CLe partitionnement (sharding) de la base de données
  4. DLe contrôle de concurrence optimiste
17.Réseaux informatiquesMoyen

Quelle méthode d'accès au support l'Ethernet partagé classique (half-duplex) utilisait-il ?

  1. ALe passage de jeton
  2. BTDMA
  3. CCSMA/CD
  4. DCSMA/CA
18.Réseaux informatiquesDifficile

Comment un réseau de diffusion de contenu (CDN) améliore-t-il principalement les performances web ?

  1. AIl supprime le besoin de requêtes DNS
  2. BIl augmente la bande passante des connexions domestiques des utilisateurs eux-mêmes
  3. CIl sert du contenu en cache depuis des serveurs proches des utilisateurs
  4. DIl remplace TCP par un protocole de transport plus rapide
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/?11111111111111111111110000000000bits réseaubits hôte

Un service a besoin de 626 adresses d'hôte dans un seul sous-réseau. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p (le plus petit sous-réseau) suffisante ?

626 hosts
p =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet = 139112806403201618041211réseauhôte

Un hôte a l’adresse 172.20.139.217/19. Quel est le troisième octet x de l’adresse de diffusion de son sous-réseau ?

172.20.139.217/19
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: N = −53

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Additionner les poids

Les autres bits gardent leurs valeurs positives habituelles.

−128 + 64 + 8 + 2 + 1 = −53

Réponse

N = −53
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 149

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

OU donne 1 quand au moins un bit vaut 1.

0001 0100
OR 1000 0101
= 1001 0101

Valeur du résultat

1001 0101₂ = 149

Réponse

R = 149
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: q → (r → p)

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

La loi

Exportation : (a ∧ b) → c ≡ a → (b → c). Les deux valent 0 seulement quand a = 1, b = 1 et c = 0.
(q ∧ r) → p ≡ q → (r → p)

Vérifier avec la table de vérité

p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 0, r = 1: 1 | 0 1 1 1
p = 1, q = 0, r = 0: 1 | 0 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 1: 0 | 0 0 0 0
p = 0, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 | 0 0 1 0
p = 0, q = 0, r = 0: 1 | 0 0 1 1

Réponse

q → (r → p)

Les colonnes après la barre sont les options dans l’ordre affiché.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: q

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Lignes où toutes les prémisses sont vraies

p = 1, q = 1: ¬p = 0, p ∧ ¬q = 0, q = 1, ¬q = 0

Conclusion

q (modus ponens)

Réponse

q
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: AB = 01, CD = 11

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

Voisins de chaque 1

Un 1 ayant un 1 voisin peut rejoindre un groupe de deux ou plus.

m7: m6, m5, m3, m15 → 0
ABCD00011110000111101111

Le 1 isolé

m7 = A′BCD → AB = 01, CD = 11

Réponse

AB = 01, CD = 11
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 5

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Q après chaque front

Une bascule JK : 00 conserve, 01 remet à 0 (Q = 0), 10 met à 1 (Q = 1), 11 change d’état.

1: J = 1, K = 0 → Q = 1
2: J = 1, K = 1 → Q = 0
3: J = 1, K = 0 → Q = 1
4: J = 0, K = 0 → Q = 1
5: J = 0, K = 0 → Q = 1
6: J = 0, K = 0 → Q = 1
7: J = 1, K = 1 → Q = 0
8: J = 1, K = 1 → Q = 1

Compter les changements

0 → 1 → 0 → 1 → 1 → 1 → 1 → 0 → 1
N = 5

Réponse

N = 5
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: x = 13

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Première congruence

x = 3 + 5k

Deuxième congruence

3 + 5k ≡ 6 (mod 7) → 5k ≡ 3 (mod 7)
k ≡ 3·3 ≡ 2 (mod 7)

Résultat

x = 3 + 5·2 = 13
x = 13
vérification: 13 mod 5 = 3, 13 mod 7 = 6

Réponse

x = 13
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: m = 79

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant privé

n = 217, φ(n) = 180
d = 7−1 mod 180 = 103

Déchiffrer par carré répété

103 = 64 + 32 + 4 + 2 + 1
1981 ≡ 198 (mod 217)
1982 ≡ 144 (mod 217)
1984 ≡ 121 (mod 217)
1988 ≡ 102 (mod 217)
19816 ≡ 205 (mod 217)
19832 ≡ 144 (mod 217)
19864 ≡ 121 (mod 217)
198103 ≡ 198·144·121·144·121 ≡ 79 (mod 217)

Message

m = 79
vérification: 797 mod 217 = 198

Réponse

m = 79
9.Algorithmes et complexité

Réponse: D · O(n)

Pourquoi c'est la réponse

Il y a n niveaux avec un travail constant chacun, comme pour la somme récursive d'un tableau.

Réponse

D · O(n)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: A · La version décisionnelle est NP-complète et la version d'optimisation est NP-difficile

Pourquoi c'est la réponse

« Existe-t-il une tournée de longueur au plus k ? » est NP-complet ; trouver la tournée la plus courte est NP-difficile, puisque c'est au moins aussi difficile.

Réponse

A · La version décisionnelle est NP-complète et la version d'optimisation est NP-difficile
11.Structures de données

Réponse: D · L'ordre croissant

Pourquoi c'est la réponse

Visiter le sous-arbre gauche, puis le nœud, puis le sous-arbre droit fournit les clés du BST dans l'ordre trié.

Réponse

D · L'ordre croissant
12.Structures de données

Réponse: B · Répondre à des requêtes sur intervalles (comme des sommes d'intervalles) et à des mises à jour en O(log n)

Pourquoi c'est la réponse

Un arbre de segments stocke des agrégats pour des intervalles et permet des requêtes sur intervalles et des mises à jour ponctuelles en temps O(log n).

Réponse

B · Répondre à des requêtes sur intervalles (comme des sommes d'intervalles) et à des mises à jour en O(log n)
13.Théorie des graphes

Réponse: L = 8

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Lemme des poignées de main pour un arbre

L + 12 = 2(L + 3) − 2
L = 8

Réponse

L = 8

Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.

14.Théorie des graphes

Réponse: arête BD

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Algorithme de Prim

1. BE (9)
2. BC (2)
3. BD (3)
4. AC (14)

numéro de l’arête 3

BD

Réponse

arête BD
15.Bases de données et SQL

Réponse: B · Chaque nom avec l'étiquette 'pass' ou 'fail' selon la note

Pourquoi c'est la réponse

Une expression CASE évalue ses conditions pour chaque ligne et renvoie la valeur correspondante ; chaque ligne reçoit donc une étiquette.

Réponse

B · Chaque nom avec l'étiquette 'pass' ou 'fail' selon la note
16.Bases de données et SQL

Réponse: D · Le contrôle de concurrence optimiste

Pourquoi c'est la réponse

Le verrouillage optimiste suppose que les conflits sont rares : il vérifie une colonne de version lors de l'écriture et échoue si une autre transaction a modifié la ligne entre-temps.

Réponse

D · Le contrôle de concurrence optimiste
17.Réseaux informatiques

Réponse: C · CSMA/CD

Pourquoi c'est la réponse

Accès multiple avec écoute de porteuse et détection de collision : les stations s'arrêtent lorsqu'elles détectent une collision et réessaient après un temps d'attente aléatoire. L'Ethernet commuté full-duplex n'a pas de collisions.

Réponse

C · CSMA/CD
18.Réseaux informatiques

Réponse: C · Il sert du contenu en cache depuis des serveurs proches des utilisateurs

Pourquoi c'est la réponse

Les CDN placent des copies du contenu dans de nombreux points de périphérie et dirigent les utilisateurs, souvent via le DNS, vers un serveur proche. Cela réduit la latence et la charge du serveur d'origine.

Réponse

C · Il sert du contenu en cache depuis des serveurs proches des utilisateurs
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: p = 22

Sous-réseaux IPv4 : une adresse a 32 bits. Le préfixe /p indique combien de bits de tête identifient le réseau ; les 32 − p bits restants numérotent les hôtes. Un sous-réseau a 2³²⁻ᵖ adresses, mais la première (adresse réseau) et la dernière (adresse de diffusion) ne peuvent pas être attribuées, il tient donc 2³²⁻ᵖ − 2 hôtes. Exceptions : un /31 (liaison point à point, RFC 3021) utilise ses 2 adresses pour des hôtes, et un /32 est une adresse unique (un seul hôte ou une interface de bouclage).

Bits d'hôte nécessaires

29 − 2 = 510 < 626
210 − 2 = 1022 ≥ 626 → h = 10

Longueur du préfixe

p = 32 − 10 = 22

Réponse

p = /22
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 159

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc dans le troisième octet

25 = 32

Sous-réseau de cet hôte

réseau: 172.20.128.0
diffusion: 172.20.159.255

Réponse

x = 159

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