Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit0−12806403201608040201

Atur bit sehingga menyimpan −58 dalam komplemen dua 8-bit. Dibaca sebagai bilangan tak bertanda, berapa nilai pola U?

N = −588 bit
U =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 1101 0100 >> 1. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

1101 0100>> 1
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
¬a ∨ ¬c¬a ↔ ¬ca ↔ ¬ca ∧ ¬c

Rumus mana yang ekuivalen secara logis dengan ¬(a ↔ c)? Klik rumus itu.

¬(a ↔ c)
  1. 1¬a ∨ ¬c
  2. 2¬a ↔ ¬c
  3. 3a ↔ ¬c
  4. 4a ∧ ¬c
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
p ∧ ¬r¬r¬pr

Premis p → r; p diberikan. Kesimpulan mana yang mengikuti dari premis-premis itu? Klik kesimpulan itu.

p → rp
  1. 1p ∧ ¬r
  2. 2¬r
  3. 3¬p
  4. 4r
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABC000111100101324576

Sederhanakan F = A′BC′ + AB′C′ + A′B′ + AB ke bentuk jumlah dari hasil kali minimal. Berapa literal L yang dimiliki ekspresi yang sudah disederhanakan?

F = A′BC′ + AB′C′ + A′B′ + AB
L =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
CLKT123456

Flip-flop T yang dipicu tepi positif dimulai dengan Q = 0 dan menerima masukan yang ditunjukkan. Klik tepi clock pertama saat Q kembali dari 1 ke 0.

Q₀ = 0T
  1. 1tepi clock 1
  2. 2tepi clock 2
  3. 3tepi clock 3
  4. 4tepi clock 4
  5. 5tepi clock 5
  6. 6tepi clock 6
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah bilangan bulat positif terkecil x dengan x ≡ 2 (mod 10) dan x ≡ 5 (mod 13).

x ≡ 2 (mod 10)x ≡ 5 (mod 13)
x =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit
mc = me​ mod n623m = cd​ mod n?(n, e) = (851, 17)d

Sebuah kunci RSA memakai p = 23, q = 37, dan e = 17. Dekripsikan teks sandi c = 623: carilah pesan m.

p = 23q = 37e = 17c = 623
m =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Pada activity selection problem, aturan greedy mana yang selalu menghasilkan jumlah maksimum aktivitas yang tidak saling tumpang tindih?

  1. APilih aktivitas dengan tumpang tindih paling sedikit terlebih dahulu, lalu ulangi dengan aktivitas yang kompatibel
  2. BPilih aktivitas yang dimulai paling awal
  3. CPilih aktivitas yang selesai paling awal, lalu ulangi dengan aktivitas yang kompatibel
  4. DPilih aktivitas terpendek terlebih dahulu
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Batas mana yang benar untuk log(n!)?

  1. AΘ(log n)
  2. BΘ(n log n)
  3. CΘ(n²)
  4. DΘ(n)
11.Struktur dataSedang

Sebuah node dalam binary search tree memiliki subpohon kanan. Di mana in-order successor-nya?

  1. ASelalu induknya
  2. BNode paling kiri di subpohon kanannya
  3. CSelalu anak kanannya
  4. DNode paling kanan di subpohon kirinya
12.Struktur dataSulit

Sebuah dynamic array berlipat dua ketika penuh. Mengapa banyak implementasi hanya mengecilkannya ketika terisi seperempat, bukan separuh?

  1. AUntuk menjaga array tetap terurut
  2. BKarena membagi dua pada separuh akan menghilangkan elemen
  3. CUntuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas
  4. DKarena alokator memori hanya dapat melepaskan memori dalam kelipatan seperempat blok
13.Teori grafSedang

Sebuah graf terhubung memiliki 6 simpul dan 7 sisi. Berapa sisi k yang harus dihapus agar tersisa pohon rentang?

|V| = 6|E| = 7
k =
14.Teori grafSulit
ABCDEF

Ada berapa jalan tertutup dengan panjang 3 yang dimulai dan berakhir di E? Jalan boleh mengulang simpul dan sisi. Sebut bilangan ini N.

M = matriks ketetanggaanL = 3
N =
15.Basis data & SQLSedang

Apa yang dilakukan GRANT SELECT ON employees TO alice?

  1. AMenyalin tabel employees ke alice
  2. BMenjadikan alice pemilik basis data
  3. CMengizinkan pengguna alice membaca tabel employees
  4. DMengizinkan alice memperbarui dan menghapus baris dalam tabel employees
16.Basis data & SQLSulit

Apa hasil dari SELECT COUNT(col) FROM t jika semua nilai di col adalah NULL dan tabel memiliki 10 baris?

  1. A0
  2. B10
  3. CNULL
  4. DError
17.Jaringan komputerSedang

Untuk apa cyclic redundancy check (CRC) digunakan dalam frame Ethernet?

  1. AMengenkripsi frame
  2. BMemperbaiki setiap kesalahan bit secara otomatis
  3. CMendeteksi kesalahan transmisi
  4. DMemilih rute terbaik
18.Jaringan komputerSulit

Mekanisme mana yang mencegah broadcast loop dalam jaringan dengan tautan switch redundan?

  1. ADHCP snooping
  2. BNAT
  3. CARP caching
  4. DSpanning Tree Protocol
19.Subnetting IPv4Sedang
/?11111111111111111111111000000000bit jaringanbit host

Sebuah departemen membutuhkan 380 alamat host dalam satu subnet. Berapa panjang prefiks terpanjang p (subnet terkecil) yang cukup?

380 hosts
p =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet ketiga = 91012816403211618041211jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 172.20.91.69/22. Berapa oktet ketiga x alamat jaringannya?

172.20.91.69/22
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: U = 198

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Balik dan tambah satu

58 = 0011 1010
dibalik: 1100 0101
+1 → 1100 0110

Baca sebagai tak bertanda

1100 0110₂ = 256 − 58 = 198

Jawaban

U = 198
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 106

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

Menggeser ke kanan sebanyak 1 memindahkan setiap bit 1 tempat ke kanan; bit yang keluar dari ujung kanan hilang dan nol masuk dari kiri.

1101 0100 >> 1
= 0110 1010

Nilai hasil

0110 1010₂ = 106

Jawaban

R = 106
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: a ↔ ¬c

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Hukumnya

¬(a ↔ b) bernilai 1 tepat ketika a dan b berbeda, yaitu a ↔ ¬b.
¬(a ↔ c) ≡ a ↔ ¬c

Periksa dengan tabel kebenaran

a = 1, c = 1: 0 | 0 1 0 0
a = 1, c = 0: 1 | 1 0 1 1
a = 0, c = 1: 1 | 1 0 1 0
a = 0, c = 0: 0 | 1 1 0 0

Jawaban

a ↔ ¬c

Kolom setelah garis adalah pilihan dalam urutan yang ditampilkan.

4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: r

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Baris dengan semua premis benar

p = 1, r = 1: p ∧ ¬r = 0, ¬r = 0, ¬p = 0, r = 1

Kesimpulan

r (modus ponens)

Jawaban

r
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: L = 5

Aljabar Boolean: aturan yang menyederhanakan ekspresi adalah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, absorpsi X + X·Y = X, aturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y, dan teorema konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan mengubah (X·Y)′ menjadi X′ + Y′ dan (X + Y)′ menjadi X′·Y′. Peta Karnaugh menerapkan aturan ini secara grafis: setiap kelompok dua sel bertetangga adalah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm dari ekspresi

A′BC′ → m(2)
AB′C′ → m(4)
A′B′ → m(0, 1)
AB → m(6, 7)
ABC00011110011011031214051716

Kelompokkan dan baca

F = C′ + A′B′ + AB

Hitung literalnya

L = 5

Jawaban

L = 5
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: tepi clock 3

Flip-flop dan pencacah: flip-flop hanya berubah pada tepi clock aktif. D menyalin masukannya (Q⁺ = D); T berbalik jika T = 1; JK bertahan untuk 00, reset untuk 01, set untuk 10, dan berbalik untuk 11. Pencacah biner n bit memiliki 2ⁿ keadaan dan menghitung modulo 2ⁿ; pencacah mod-N berurutan 0, 1, …, N − 1 lalu kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap tahap pencacah ripple membagi dua frekuensi, sehingga keluaran terakhir pencacah mod-N berjalan pada fclk/N. Pencacah Johnson dari n flip-flop memiliki 2n keadaan, pencacah cincin n.

Q setelah setiap tepi

Flip-flop T berbalik pada setiap tepi naik dengan T = 1 dan bertahan dengan T = 0.

1: T = 1 → Q = 1
2: T = 0 → Q = 1
3: T = 1 → Q = 0
4: T = 0 → Q = 0
5: T = 0 → Q = 0
6: T = 0 → Q = 0

Perubahan pertama dari 1 ke 0

tepi clock 3

Jawaban

tepi clock 3
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: x = 122

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Kongruensi pertama

x = 2 + 10k

Kongruensi kedua

2 + 10k ≡ 5 (mod 13) → 10k ≡ 3 (mod 13)
k ≡ 4·3 ≡ 12 (mod 13)

Hasil

x = 2 + 10·12 = 122
x = 122
periksa: 122 mod 10 = 2, 122 mod 13 = 5

Jawaban

x = 122
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: m = 142

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Eksponen privat

n = 851, φ(n) = 792
d = 17−1 mod 792 = 233

Dekripsi dengan pengkuadratan berulang

233 = 128 + 64 + 32 + 8 + 1
6231 ≡ 623 (mod 851)
6232 ≡ 73 (mod 851)
6234 ≡ 223 (mod 851)
6238 ≡ 371 (mod 851)
62316 ≡ 630 (mod 851)
62332 ≡ 334 (mod 851)
62364 ≡ 75 (mod 851)
623128 ≡ 519 (mod 851)
623233 ≡ 623·371·334·75·519 ≡ 142 (mod 851)

Pesan

m = 142
periksa: 14217 mod 851 = 623

Jawaban

m = 142
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: C · Pilih aktivitas yang selesai paling awal, lalu ulangi dengan aktivitas yang kompatibel

Mengapa ini jawabannya

Memilih waktu selesai paling awal dapat dibuktikan optimal dengan argumen pertukaran (exchange argument); aturan lain memiliki contoh penyangkal.

Jawaban

C · Pilih aktivitas yang selesai paling awal, lalu ulangi dengan aktivitas yang kompatibel
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: B · Θ(n log n)

Mengapa ini jawabannya

log(n!) ≤ n log n, dan n / 2 faktor terbesar memberikan log(n!) ≥ (n / 2) log(n / 2); inilah sebabnya pengurutan berbasis perbandingan memerlukan Ω(n log n).

Jawaban

B · Θ(n log n)
11.Struktur data

Jawaban: B · Node paling kiri di subpohon kanannya

Mengapa ini jawabannya

Semua kunci yang lebih besar yang dekat dengan node berada di subpohon kanannya, dan yang terkecil di antaranya adalah node paling kiri di sana.

Jawaban

B · Node paling kiri di subpohon kanannya
12.Struktur data

Jawaban: C · Untuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas

Mengapa ini jawabannya

Mengecilkan pada separuh dapat memicu perubahan ukuran pada setiap operasi dalam urutan seperti itu; jarak antara 1/4 dan penuh menjaga biaya amortisasi O(1).

Jawaban

C · Untuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas
13.Teori graf

Jawaban: k = 2

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Sisi pohon rentang

6 − 1 = 5

Sisi yang dihapus

k = 7 − 5 = 2

Jawaban

k = 2
14.Teori graf

Jawaban: N = 2

Derajat: derajat suatu simpul adalah banyaknya sisi yang bertemu di simpul itu. Setiap sisi memiliki dua ujung, jadi jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi: Σ deg(v) = 2|E| (lema jabat tangan). Karena itu banyaknya simpul berderajat ganjil selalu genap. Kn memiliki n(n − 1)/2 sisi, graf beraturan-k dengan n simpul memiliki nk/2, dan pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Matriks ketetanggaan

A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 0 1 1 0
C: 1 0 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 0
F: 0 0 0 1 0 0

Satu langkah lagi

(M³)EE = 2·0 + 1·1 + 0·1 + 1·1 + 3·0 + 1·0 = 2

Jawaban

N = 2
15.Basis data & SQL

Jawaban: C · Mengizinkan pengguna alice membaca tabel employees

Mengapa ini jawabannya

GRANT memberikan hak akses pada suatu objek; SELECT hanya mengizinkan membaca, sedangkan INSERT, UPDATE, dan DELETE merupakan hak akses terpisah.

Jawaban

C · Mengizinkan pengguna alice membaca tabel employees
16.Basis data & SQL

Jawaban: A · 0

Mengapa ini jawabannya

COUNT(col) menghitung nilai non-NULL, sehingga hasilnya 0; COUNT(*) akan mengembalikan 10.

Jawaban

A · 0
17.Jaringan komputer

Jawaban: C · Mendeteksi kesalahan transmisi

Mengapa ini jawabannya

Pengirim menghitung CRC atas frame; penerima menghitungnya ulang dan membuang frame jika hasilnya berbeda. CRC mendeteksi kesalahan tetapi tidak memperbaikinya.

Jawaban

C · Mendeteksi kesalahan transmisi
18.Jaringan komputer

Jawaban: D · Spanning Tree Protocol

Mengapa ini jawabannya

STP memilih root bridge dan memblokir jalur redundan, lalu membukanya kembali jika tautan aktif gagal.

Jawaban

D · Spanning Tree Protocol
19.Subnetting IPv4

Jawaban: p = 23

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Bit host yang dibutuhkan

28 − 2 = 254 < 380
29 − 2 = 510 ≥ 380 → h = 9

Panjang prefiks

p = 32 − 9 = 23

Jawaban

p = /23
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 88

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ukuran blok di oktet ketiga

22 = 4

Subnet host ini

jaringan: 172.20.88.0
broadcast: 172.20.91.255

Jawaban

x = 88

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals