Fondamenti di informatica: pacchetto last-minute

Formulari, i passaggi chiave del metodo per ogni argomento e 20 esercizi, con le soluzioni complete in fondo.

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1Formule e metodi

Sistemi di numerazione

Pesi delle posizioni
binario 2k, ottale 8k, esadecimale 16k
In decimale
Σ dk·bk
Da decimale
dividi per la base e leggi i resti dal basso verso l’alto
Esadecimale ↔ binario
una cifra esadecimale = 4 bit
Complemento a due
inverti i bit e aggiungi 1

Logica proposizionale e dimostrazioni

Righe di una tabella di verità
2ⁿ
Implicazione
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implicazione negata
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Doppia implicazione
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Leggi distributive
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificatori negati
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodo

  1. Conta le variabili distinte: la tabella di verità ha 2ⁿ righe, e la prima ha tutti i valori a 1.
  2. Assegna a ogni sottoformula una colonna propria e compila le colonne dall’interno verso l’esterno.
  3. Applica la regola di ogni connettivo: → vale 0 solo per 1 → 0, ↔ vale 1 quando i due lati coincidono.
  4. Per le equivalenze, confronta riga per riga le colonne finali; per un argomento, guarda solo le righe in cui ogni premessa vale 1.
  5. Per negare un enunciato quantificato, sposta ¬ verso l’interno, scambia ∀ e ∃ e nega la formula interna.

Logica digitale: porte, mappe K e flip-flop

Porte di base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Regole booleane
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordine della mappa di Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Gruppo di 2ᵏ celle
perde k variabili
Multiplexer 4 a 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Contatori
n bit: 2ⁿ stati; mod N: n minimo con 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Contatore asincrono (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Contatori ad anello e Johnson
n e 2n stati

Metodo

  1. Per un circuito, procedi dagli ingressi all’uscita una porta alla volta e scrivi il valore su ogni filo, oppure scrivi la sua espressione e compila la tabella di verità.
  2. Per la semplificazione, riporta gli 1 (e le condizioni di indifferenza come X) in una mappa di Karnaugh con righe e colonne in codice Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Copri gli 1 con il minor numero possibile di gruppi, i più grandi possibile, di 1, 2, 4, 8 o 16 celle, richiudendoli sui bordi; ogni gruppo è un termine prodotto formato dalle variabili che restano costanti. Raggruppa gli 0 per la forma POS.
  4. Per flip-flop e contatori, leggi gli ingressi a ogni fronte attivo del clock, scrivi lo stato dopo ogni fronte e ricorda che un contatore a n bit ricomincia da capo dopo 2ⁿ stati.

Teoria dei numeri e aritmetica modulare

Divisione con resto
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Minimo comune multiplo
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inversa
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruenza lineare
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funzione φ di Eulero
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodo

  1. Riduci prima ogni numero modulo n; i resti sono compresi tra 0 e n − 1.
  2. Per un MCD, dividi ripetutamente con l’algoritmo di Euclide; l’ultimo resto diverso da zero è il MCD.
  3. Per un inverso, esegui l’algoritmo esteso e tieni il coefficiente di a; aggiungi n se è negativo.
  4. Risolvi a·x ≡ b moltiplicando per a⁻¹; combina due congruenze scrivendo x = r₁ + m₁k.
  5. Per le potenze, scrivi l’esponente in binario ed eleva al quadrato ripetutamente; in RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) con φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria dei grafi

Lemma delle strette di mano
Σ deg(v) = 2|E|
Grafi completi
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Grafo regolare
|E| = n·k/2
Albero e foresta
|E| = n − 1, |E| = n − c
Foglie di un albero
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Eulero
circuito: tutti i gradi pari; cammino: esattamente 2 gradi dispari
Cicli hamiltoniani in Kn
(n − 1)!/2
Aggiornamento di Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Cammini di lunghezza L
(Mᴸ)ij

Metodo

  1. Scrivi il grado di ogni vertice; la somma dei gradi è il doppio del numero di lati.
  2. Nelle domande su Eulero, verifica che il grafo sia connesso e conta i vertici di grado dispari.
  3. Per gli alberi, usa n − 1 lati e il lemma delle strette di mano.
  4. Per Dijkstra, tieni una tabella delle distanze provvisorie e a ogni passo fissa il vertice non ancora fissato con la distanza minima.
  5. Per un albero di copertura minimo, ordina i lati per peso e salta ogni lato che chiude un ciclo (Kruskal), oppure fai crescere un solo albero a partire da un vertice iniziale (Prim).

Sottoreti IPv4

Host per sottorete
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Dimensione del blocco
256 − (mask octet)
Indirizzo di rete
IP AND maschera
Indirizzo di broadcast
IP OR (NOT maschera): tutti i bit di host a 1
Sottoreti da n bit presi in prestito
2n

2Esercizi

1.Sistemi di numerazioneMedia
complemento a due a 8 bit0−12806403201608040201

Imposta i bit in modo che memorizzino −12 in complemento a due a 8 bit. Letto come numero senza segno, qual è il valore U dello schema?

N = −128 bit
U =
2.Sistemi di numerazioneDifficile
32 bit1 px1024 px768 pxM = ? KiB

Un'immagine non compressa è di 1024 × 768 pixel con 32 bit per pixel. Quanta memoria M occupa, in KiB (1 KiB = 1024 byte)?

1024 × 768 px32 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Logica proposizionale e dimostrazioniMedia
pqrp ∧ ¬q(p ∧ ¬q) ↔ ¬q(r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q)111?110?101?100?011?010?001?000?

In quante delle 8 righe della sua tabella di verità (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) è vera? Chiama questo numero N.

(r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q)
N =
4.Logica proposizionale e dimostrazioniDifficile
∀x (F(x) ∧ ¬G(x))∃x (F(x) → ¬G(x))∃x (F(x) ∧ ¬G(x))∃x (¬F(x) ∧ G(x))

Quale enunciato è equivalente a ¬∀x (F(x) → G(x)), con la negazione spostata fino in fondo all’interno? Clicca su di esso.

¬∀x (F(x) → G(x))
  1. 1∀x (F(x) ∧ ¬G(x))
  2. 2∃x (F(x) → ¬G(x))
  3. 3∃x (F(x) ∧ ¬G(x))
  4. 4∃x (¬F(x) ∧ G(x))
5.Logica digitale: porte, mappe K e flip-flopMedia
MUX1I0​1I1​C′I2​1I3​ABS1​S0​F

Un multiplexer 4 a 1 ha gli ingressi di selezione S₁ = A e S₀ = B, e gli ingressi dati collegati a I₀ = 1, I₁ = 1, I₂ = C′, I₃ = 1. Per quante delle 8 combinazioni di A, B e C l’uscita è F = 1? Trova N.

I₀ = 1I₁ = 1I₂ = C′I₃ = 1
N =
6.Logica digitale: porte, mappe K e flip-flopDifficile
CLKD123456

Un flip-flop D sensibile al fronte di salita parte con Q = 0 e riceve gli ingressi mostrati. Clicca il primo fronte di clock in cui Q passa da 1 a 0.

Q₀ = 0D
  1. 1fronte di clock 1
  2. 2fronte di clock 2
  3. 3fronte di clock 3
  4. 4fronte di clock 4
  5. 5fronte di clock 5
  6. 6fronte di clock 6
7.Teoria dei numeri e aritmetica modulareMedia

Trova il più piccolo intero positivo x con x ≡ 4 (mod 5) e x ≡ 5 (mod 6).

x ≡ 4 (mod 5)x ≡ 5 (mod 6)
x =
8.Teoria dei numeri e aritmetica modulareDifficile
mc = me​ mod n96m = cd​ mod n?(n, e) = (437, 7)d

Una chiave RSA usa p = 19, q = 23 ed e = 7. Decifra il testo cifrato c = 96: trova il messaggio m.

p = 19q = 23e = 7c = 96
m =
9.Algoritmi e complessitàMedia

Che cosa calcola l'algoritmo di Floyd–Warshall, e con quale velocità?

  1. AUn ordinamento topologico in O(V²)
  2. BI cammini minimi da un vertice sorgente a tutti gli altri in O(V + E)
  3. CUn albero ricoprente minimo in O(E log V)
  4. DI cammini minimi tra tutte le coppie di vertici in O(V³)
10.Algoritmi e complessitàDifficile

Usando il teorema dell'esperto (master theorem), T(n) = 8T(n/2) + O(n²) ha come soluzione:

  1. AΘ(n²)
  2. BΘ(n³)
  3. CΘ(n² log n)
  4. DΘ(n log n)
11.Strutture datiMedia

Qual è il costo di inserire un elemento al centro di un array di n elementi?

  1. AO(n), perché gli elementi successivi devono essere spostati
  2. BO(log n), per via della ricerca binaria
  3. CO(n²), perché ogni elemento si sposta n volte
  4. DO(1), perché l'indice è noto
12.Strutture datiDifficile

In che modo un radix tree (trie compresso) migliora un trie semplice?

  1. AConserva solo la prima lettera di ogni parola
  2. BOrdina i figli di ogni nodo per frequenza
  3. CMemorizza ogni parola in una tabella hash alla radice invece che in nodi separati
  4. DFonde le catene di nodi con un solo figlio in un unico arco etichettato con una stringa
13.Teoria dei grafiMedia

Quanti cicli hamiltoniani diversi H ha il grafo completo K7? I cicli che differiscono solo per il vertice iniziale o per il verso contano come lo stesso.

K7
H =
14.Teoria dei grafiDifficile
121072061815ABCDEF

Trova il peso totale W di un albero di copertura minimo del grafo pesato.

|V| = 6|E| = 8
W =
15.Basi di dati e SQLMedia

Una tabella memorizza l'indirizzo del cliente in ogni riga d'ordine. Modificare l'indirizzo in una riga ma non nelle altre è un esempio di:

  1. AAnomalia di aggiornamento
  2. BAnomalia di cancellazione
  3. CLettura fantasma
  4. DAnomalia di inserimento
16.Basi di dati e SQLDifficile

Che cosa richiede la regola del write-ahead logging (WAL)?

  1. AIl record di log di una modifica deve raggiungere la memoria stabile prima della pagina di dati modificata
  2. BOgni query deve essere registrata prima di essere analizzata
  3. CIl log viene scritto solo dopo un crash
  4. DLe pagine di dati devono essere scritte prima del log
17.Reti di calcolatoriMedia

Qual è l'indirizzo di loopback IPv6?

  1. Afe80::1
  2. B::
  3. Cff02::1
  4. D::1
18.Reti di calcolatoriDifficile

Perché è stata introdotta l'opzione TCP window scale?

  1. AIl campo finestra da 16 bit limita la finestra a 65,535 byte, troppo pochi per percorsi veloci a lunga distanza
  2. BIl campo finestra da 32 bit era troppo grande e sprecava spazio nell'intestazione di ogni segmento TCP inviato
  3. CUDP aveva bisogno di un modo per controllare la velocità di invio su percorsi congestionati
  4. DSenza di essa, TCP non potrebbe rilevare segmenti persi su collegamenti a lunga distanza
19.Sottoreti IPv4Media
/24 → /2811111111111111111111111111110000bit di retebit di host

La rete 192.168.10.0/24 va divisa in almeno 10 sottoreti uguali. Prendendo in prestito il minor numero possibile di bit, quanti host utilizzabili H ha ogni sottorete?

192.168.10.0/2410 subnets
H =
20.Sottoreti IPv4Difficile

La rete 192.168.164.0/24 viene suddivisa con VLSM per queste LAN: A: 30 host, B: 60 host, C: 4 host, D: 16 host, E: 13 host. Le sottoreti vengono assegnate da .0 in su, partendo dalla LAN con più host, ciascuna con la sottorete più piccola sufficiente. Qual è il quarto ottetto x dell’indirizzo di rete della LAN E?

A: 30B: 60C: 4D: 16E: 13
x =

3Soluzioni

1.Sistemi di numerazione

Risposta: U = 244

Impostare i bit: ogni bit vale una potenza di due (128, 64, …, 1). Una cifra esadecimale è esattamente quattro bit, e nel complemento a due a 8 bit il bit più a sinistra vale −128. Le operazioni bit a bit lavorano su ogni posizione di bit separatamente.

Inverti e aggiungi uno

12 = 0000 1100
invertito: 1111 0011
+1 → 1111 0100

Leggilo senza segno

1111 0100₂ = 256 − 12 = 244

Risposta

U = 244
2.Sistemi di numerazione

Risposta: M = 3072 KiB

Sistemi di numerazione posizionali: ogni cifra vale il suo valore per una potenza della base. In binario le posizioni valgono 1, 2, 4, 8, 16, …; in esadecimale 1, 16, 256, …, con A–F per 10–15. Nel complemento a due a 8 bit il bit più a sinistra vale −128 invece di +128: così si memorizzano i numeri negativi.

Bit e byte

1024·768·32 = 25165824 bit = 3145728 B

Converti in KiB

3145728/1024 = 3072 KiB

Risposta

M = 3072 KiB
3.Logica proposizionale e dimostrazioni

Risposta: N = 4

Tabelle di verità: una formula con n variabili distinte ha 2ⁿ righe, una per ogni combinazione di valori di verità (1 = vero, 0 = falso). Procedi dall’interno verso l’esterno e dai a ogni sottoformula una colonna propria. ¬a inverte il valore; a ∧ b vale 1 solo quando entrambi valgono 1; a ∨ b vale 0 solo quando entrambi valgono 0; a → b vale 0 solo quando a = 1 e b = 0; a ↔ b vale 1 quando i due lati sono uguali.

Tabella di verità riga per riga

p = 1, q = 1, r = 1: p → r = 1, r ∧ (p → r) = 1, ¬q = 0, p ∧ ¬q = 0, (p ∧ ¬q) ↔ ¬q = 1, (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: p → r = 0, r ∧ (p → r) = 0, ¬q = 0, p ∧ ¬q = 0, (p ∧ ¬q) ↔ ¬q = 1, (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: p → r = 1, r ∧ (p → r) = 1, ¬q = 1, p ∧ ¬q = 1, (p ∧ ¬q) ↔ ¬q = 1, (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: p → r = 0, r ∧ (p → r) = 0, ¬q = 1, p ∧ ¬q = 1, (p ∧ ¬q) ↔ ¬q = 1, (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) = 0
p = 0, q = 1, r = 1: p → r = 1, r ∧ (p → r) = 1, ¬q = 0, p ∧ ¬q = 0, (p ∧ ¬q) ↔ ¬q = 1, (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: p → r = 1, r ∧ (p → r) = 0, ¬q = 0, p ∧ ¬q = 0, (p ∧ ¬q) ↔ ¬q = 1, (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: p → r = 1, r ∧ (p → r) = 1, ¬q = 1, p ∧ ¬q = 0, (p ∧ ¬q) ↔ ¬q = 0, (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) = 0
p = 0, q = 0, r = 0: p → r = 1, r ∧ (p → r) = 0, ¬q = 1, p ∧ ¬q = 0, (p ∧ ¬q) ↔ ¬q = 0, (r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q) = 1

Conta le righe con valore 1

(r ∧ (p → r)) ↔ ((p ∧ ¬q) ↔ ¬q): 1, 0, 1, 0, 1, 0, 0, 1
N = 4

Risposta

N = 4
4.Logica proposizionale e dimostrazioni

Risposta: ∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Quantificatori e argomenti: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) e ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Sposta una negazione verso l’interno, scambia ogni quantificatore che attraversa e nega la formula interna con le leggi proposizionali, come ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un argomento è valido quando la conclusione vale 1 in ogni riga in cui tutte le premesse valgono 1. Una sola riga con premesse vere e conclusione falsa è un controesempio e mostra che l’argomento non è valido.

Sposta la negazione verso l’interno

¬∀x (F(x) → G(x)) ≡ ∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Risposta

∃x (F(x) ∧ ¬G(x))

Le altre opzioni lasciano invariato un quantificatore, cambiano l’ordine dei quantificatori oppure negano in modo errato la formula interna.

5.Logica digitale: porte, mappe K e flip-flop

Risposta: N = 7

Multiplexer: un multiplexer 2ⁿ a 1 trasferisce all’uscita uno dei suoi ingressi dati; le linee di selezione, lette come numero binario, scelgono quale. Per un MUX 4 a 1 con selezioni S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Collegando gli ingressi dati a 0, 1, C o C′ il MUX realizza qualsiasi funzione di A, B e C, un modo comune di costruire una logica con un solo chip.

Espressione dell’uscita

F = A′B′ + A′B + AB′C′ + AB

Righe con F = 1

ABC = 000, 001, 010, 011, 100, 110, 111
N = 7

Risposta

N = 7
6.Logica digitale: porte, mappe K e flip-flop

Risposta: fronte di clock 5

Flip-flop e contatori: un flip-flop cambia solo sul fronte attivo del clock. D copia il suo ingresso (Q⁺ = D); T commuta quando T = 1; JK mantiene per 00, azzera per 01, imposta a 1 per 10 e commuta per 11. Un contatore binario a n bit ha 2ⁿ stati e conta modulo 2ⁿ; un contatore modulo N conta 0, 1, …, N − 1 e torna a 0, e richiede il minimo n con 2ⁿ ≥ N flip-flop. Ogni stadio di un contatore asincrono (ripple) dimezza la frequenza, quindi l’ultima uscita di un contatore modulo N ha frequenza fclk/N. Un contatore Johnson di n flip-flop ha 2n stati, un contatore ad anello n.

Q dopo ogni fronte

Un flip-flop D copia D a ogni fronte di salita: Q⁺ = D.

1: D = 1 → Q = 1
2: D = 1 → Q = 1
3: D = 1 → Q = 1
4: D = 1 → Q = 1
5: D = 0 → Q = 0
6: D = 1 → Q = 1

Prima variazione da 1 a 0

fronte di clock 5

Risposta

fronte di clock 5
7.Teoria dei numeri e aritmetica modulare

Risposta: x = 29

Inversi e congruenze: a ha un inverso modulo n esattamente quando MCD(a, n) = 1. L’algoritmo di Euclide esteso scrive 1 = s·n + t·a, e allora a⁻¹ ≡ t (mod n). Una congruenza a·x ≡ b (mod n) con MCD(a, n) = 1 ha la soluzione x ≡ a⁻¹·b. Due congruenze x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) con moduli coprimi hanno una soluzione modulo m₁·m₂ (teorema cinese del resto). La φ di Eulero φ(n) conta i numeri da 1 a n coprimi con n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Prima congruenza

x = 4 + 5k

Seconda congruenza

4 + 5k ≡ 5 (mod 6) → 5k ≡ 1 (mod 6)
k ≡ 5·1 ≡ 5 (mod 6)

Risultato

x = 4 + 5·5 = 29
x = 29
verifica: 29 mod 5 = 4, 29 mod 6 = 5

Risposta

x = 29
8.Teoria dei numeri e aritmetica modulare

Risposta: m = 400

Potenze modulari e RSA: calcola aᵏ mod n con il quadrato ripetuto: scrivi k in binario, eleva al quadrato, riduci a ogni passaggio e moltiplica le potenze il cui bit è 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) per un primo p che non divide a, quindi l’esponente si può ridurre modulo p − 1. RSA: scegli i primi p e q, n = p·q e φ(n) = (p − 1)(q − 1); l’esponente pubblico e è coprimo con φ(n), e l’esponente privato è d = e⁻¹ mod φ(n). Cifra con c = mᵉ mod n e decifra con m = cᵈ mod n.

Esponente privato

n = 437, φ(n) = 396
d = 7−1 mod 396 = 283

Decifra con il quadrato ripetuto

283 = 256 + 16 + 8 + 2 + 1
961 ≡ 96 (mod 437)
962 ≡ 39 (mod 437)
964 ≡ 210 (mod 437)
968 ≡ 400 (mod 437)
9616 ≡ 58 (mod 437)
9632 ≡ 305 (mod 437)
9664 ≡ 381 (mod 437)
96128 ≡ 77 (mod 437)
96256 ≡ 248 (mod 437)
96283 ≡ 96·39·400·58·248 ≡ 400 (mod 437)

Messaggio

m = 400
verifica: 4007 mod 437 = 96

Risposta

m = 400
9.Algoritmi e complessità

Risposta: D · I cammini minimi tra tutte le coppie di vertici in O(V³)

Perché è questa la risposta

Floyd–Warshall è un algoritmo di programmazione dinamica che ammette a turno ogni vertice come punto intermedio, con tempo O(V³).

Risposta

D · I cammini minimi tra tutte le coppie di vertici in O(V³)
10.Algoritmi e complessità

Risposta: B · Θ(n³)

Perché è questa la risposta

log₂ 8 = 3 e n² cresce più lentamente di n³, quindi dominano le foglie: Θ(n³).

Risposta

B · Θ(n³)
11.Strutture dati

Risposta: A · O(n), perché gli elementi successivi devono essere spostati

Perché è questa la risposta

Tutti gli elementi dopo il punto di inserimento si spostano di una posizione a destra, il che richiede un tempo proporzionale a n.

Risposta

A · O(n), perché gli elementi successivi devono essere spostati
12.Strutture dati

Risposta: D · Fonde le catene di nodi con un solo figlio in un unico arco etichettato con una stringa

Perché è questa la risposta

Comprimere i cammini privi di ramificazioni riduce il numero di nodi e la memoria usata, mantenendo la ricerca per prefisso.

Risposta

D · Fonde le catene di nodi con un solo figlio in un unico arco etichettato con una stringa
13.Teoria dei grafi

Risposta: H = 360

Eulero, Hamilton e alberi: un grafo connesso ha un circuito euleriano (ogni lato una volta, di nuovo al punto di partenza) quando ogni vertice ha grado pari, e un cammino euleriano che non è un circuito quando esattamente due vertici hanno grado dispari; il cammino va allora da un vertice dispari all’altro. Un ciclo hamiltoniano visita ogni vertice una volta; Kn ne ha (n − 1)!/2. Un albero con n vertici ha n − 1 lati, e un grafo connesso con m lati mantiene un albero di copertura dopo aver tolto m − n + 1 lati.

Conta

H = (7 − 1)!/2 = 720/2 = 360

Risposta

H = 360
14.Teoria dei grafi

Risposta: W = 40

Cammini minimi e alberi di copertura: l’algoritmo di Dijkstra fissa un vertice per passo: il vertice non fissato con la distanza provvisoria minima. La sua distanza è allora definitiva, e ogni vertice adiacente v riceve d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algoritmo di Kruskal costruisce un albero di copertura minimo prendendo i lati dal più leggero al più pesante e saltando ogni lato che chiuderebbe un ciclo; l’algoritmo di Prim fa crescere un solo albero da un vertice iniziale aggiungendo sempre il lato più leggero che ne esce. Un albero di copertura di n vertici ha n − 1 lati.

Algoritmo di Kruskal

EF (1): prendi
BE (5): prendi
CE (6): prendi
BC (7): salta, chiude un ciclo
AC (10): prendi
AB (12): salta, chiude un ciclo
DF (18): prendi

Peso totale

W = 1 + 5 + 6 + 10 + 18 = 40

Risposta

W = 40
15.Basi di dati e SQL

Risposta: A · Anomalia di aggiornamento

Perché è questa la risposta

La memorizzazione ridondante fa sì che una sola modifica vada eseguita su molte righe; se se ne dimentica qualcuna i dati diventano incoerenti, cosa che la normalizzazione previene.

Risposta

A · Anomalia di aggiornamento
16.Basi di dati e SQL

Risposta: A · Il record di log di una modifica deve raggiungere la memoria stabile prima della pagina di dati modificata

Perché è questa la risposta

Scrivere prima il log permette al DBMS, dopo un crash, di rieseguire il lavoro confermato e annullare quello non confermato, garantendo atomicità e durabilità.

Risposta

A · Il record di log di una modifica deve raggiungere la memoria stabile prima della pagina di dati modificata
17.Reti di calcolatori

Risposta: D · ::1

Perché è questa la risposta

::1 è l'indirizzo di loopback. :: è l'indirizzo non specificato, fe80::/10 è link-local e ff02::1 è il gruppo multicast di tutti i nodi.

Risposta

D · ::1
18.Reti di calcolatori

Risposta: A · Il campo finestra da 16 bit limita la finestra a 65,535 byte, troppo pochi per percorsi veloci a lunga distanza

Perché è questa la risposta

L'intestazione originale consente al massimo 65,535 byte di dati non confermati. Il window scaling moltiplica questo valore per una potenza di due, così si possono riempire percorsi con elevato prodotto banda-ritardo.

Risposta

A · Il campo finestra da 16 bit limita la finestra a 65,535 byte, troppo pochi per percorsi veloci a lunga distanza
19.Sottoreti IPv4

Risposta: H = 14

Sottoreti IPv4: un indirizzo ha 32 bit. Il prefisso /p indica quanti bit iniziali identificano la rete; i restanti 32 − p bit numerano gli host. Una sottorete ha 2³²⁻ᵖ indirizzi, ma il primo (indirizzo di rete) e l'ultimo (broadcast) non si possono assegnare agli host, quindi ci stanno 2³²⁻ᵖ − 2 host. Eccezioni: una /31 (collegamento punto-punto, RFC 3021) usa entrambi i suoi 2 indirizzi per gli host, e una /32 è un solo indirizzo (un singolo host o un’interfaccia di loopback).

Bit da prendere in prestito

24 = 16 ≥ 10 → b = 4, /28

Host per sottorete

24 − 2 = 14

Risposta

H = 14
20.Sottoreti IPv4

Risposta: x = 128

VLSM: ogni LAN riceve la sottorete più piccola con 2ʰ − 2 ≥ il suo numero di host, cioè prefisso 32 − h. Assegnando prima le sottoreti più grandi, ogni blocco resta allineato su un multiplo della propria dimensione, quindi gli indirizzi di rete si ottengono sommando le dimensioni dei blocchi.

Dimensione del blocco per LAN

B: 60 host → 26 = 64 (/26)
A: 30 host → 25 = 32 (/27)
D: 16 host → 25 = 32 (/27)
E: 13 host → 24 = 16 (/28)
C: 4 host → 23 = 8 (/29)

Assegnazione, dalla più grande

B: .0 – .63
A: .64 – .95
D: .96 – .127
E: .128 – .143
C: .144 – .151

Risposta

x = 128

LAN E: 192.168.164.128/28.

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