コンピュータサイエンス基礎:直前対策パック

公式集、全トピックの解法の要点、20 問の演習問題。完全な解答は巻末にあります。

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1公式と解法

記数法

位取り
2 進数 2k、8 進数 8k、16 進数 16k
10 進数へ
Σ dk·bk
10 進数から
基数で割り、余りを下から上へ読む
16 進数 ↔ 2 進数
16 進数 1 桁 = 4 ビット
2 の補数
ビットを反転して 1 を足す

命題論理と証明

真理値表の行
2ⁿ
含意
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
含意の否定
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
同値(双条件)
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
ド・モルガンの法則
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
分配法則
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
量化子の否定
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
肯定式(modus ponens)、否定式(modus tollens)
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

解き方

  1. 異なる変数の数を数えます:真理値表の行数は 2ⁿ で、最初の行はすべて 1 です。
  2. 部分式ごとに列を用意し、内側から順に列を埋めていきます。
  3. 各結合子の規則を適用します:→ が 0 になるのは 1 → 0 のときだけ、↔ は両辺が一致するとき 1 です。
  4. 同値の判定では最後の列を行ごとに比べます。論証の判定では、すべての前提が 1 である行だけを見ます。
  5. 量化された文を否定するには、¬ を内側へ移し、∀ と ∃ を入れ替え、内側の式を否定します。

デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップ

基本ゲート
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
ブールの規則
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
ド・モルガンの法則
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
カルノー図の並び順
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ 個のセルのグループ
k 個の変数が消える
4 対 1 マルチプレクサ
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
フリップフロップ
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
カウンタ
n ビット:2ⁿ 状態; mod-N:2ⁿ ≥ N を満たす最小の n; fout = fclk/N
リップルカウンタ
fmax = 1/(n·tpd)
リングカウンタとジョンソンカウンタ
n 状態と 2n 状態

解き方

  1. 回路では、入力から出力へ向かってゲートを 1 つずつ進み、各配線に値を書き込むか、式を書いて真理値表を埋めましょう。
  2. 簡単化するには、1(とドントケアは X として)を、行と列がグレイコード 00, 01, 11, 10 のカルノー図に書き込みましょう。
  3. 1 を、1, 2, 4, 8, 16 個のセルからなる、できるだけ少なくできるだけ大きなグループで、端をまたぎながら覆いましょう。各グループは、一定のままの変数からなる 1 つの積項です。POS 形には 0 をグループ化します。
  4. フリップフロップとカウンタでは、各有効クロックエッジで入力を読み取り、エッジごとの状態を書き出し、n ビットのカウンタは 2ⁿ 個の状態で折り返すことを忘れないようにしましょう。

整数論と合同式

余りのある割り算
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
ユークリッド
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
最小公倍数
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
逆行列
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
一次合同式
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
オイラーのトーシェント関数
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
フェルマー
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

解き方

  1. まずすべての数を n で割った余りに直します。余りは 0 から n − 1 の間です。
  2. 最大公約数は、ユークリッドの互除法で割り算を繰り返して求めます。最後の 0 でない余りが最大公約数です。
  3. 逆元は拡張ユークリッドの互除法で求め、a の係数を取ります。負なら n を足します。
  4. a·x ≡ b は a⁻¹ を掛けて解きます。2 つの合同式は x = r₁ + m₁k とおいて組み合わせます。
  5. べき乗では、指数を 2 進数で書いて平方を繰り返します。RSA では d = e⁻¹ mod φ(n)、φ(n) = (p − 1)(q − 1) です。

グラフ理論

握手補題
Σ deg(v) = 2|E|
完全グラフ
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
正則グラフ
|E| = n·k/2
木と森
|E| = n − 1, |E| = n − c
木の葉
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
オイラー
閉路:すべての次数が偶数; 路:奇数次数がちょうど 2 つ
Kn のハミルトン閉路
(n − 1)!/2
ダイクストラ法の更新
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
長さ L の歩道
(Mᴸ)ij

解き方

  1. 各頂点の次数を書き出します。次数の総和は辺の数の 2 倍になります。
  2. オイラーの問題では、グラフが連結であることを確かめ、奇数次数の頂点を数えます。
  3. 木では、辺が n − 1 本であることと握手補題を使います。
  4. ダイクストラ法では、暫定距離の表をつくり、毎回、未確定の頂点のうち最小のものを確定します。
  5. 最小全域木では、辺を重みの順に並べ、閉路をつくる辺を飛ばす方法(クラスカル法)か、始点から 1 本の木を成長させる方法(プリム法)を使います。

IPv4 サブネット化

サブネットあたりのホスト数
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
ブロックサイズ
256 − (mask octet)
ネットワークアドレス
IP AND マスク
ブロードキャストアドレス
IP OR (NOT マスク):ホスト部のビットをすべて 1 にする
n ビット借りたときのサブネット数
2n

2演習問題

1.記数法ふつう
8 ビットの 2 の補数0−12806403201608040201

8 ビットの 2 の補数で −69 を格納するようにビットを設定します。符号なしの数として読むと、このパターンの値 U はいくつですか?

N = −698 bit
U =
2.記数法むずかしい
ビットをクリックして設定します012806403201608040201

ビットを 0101 1001 << 3 の 8 ビットの結果に設定します。結果の値 R は 10 進でいくつですか?

0101 1001<< 3
R =
3.命題論理と証明ふつう
(p → r) ∨ (r → p)(p → r) ∧ (¬r → ¬p)p ∧ r(p → r) ∧ (r → p)

p ↔ r と論理的に同値な論理式はどれですか? クリックしてください。

p ↔ r
  1. 1(p → r) ∨ (r → p)
  2. 2(p → r) ∧ (¬r → ¬p)
  3. 3p ∧ r
  4. 4(p → r) ∧ (r → p)
4.命題論理と証明むずかしい
∀x (P(x) → ¬Q(x))∀x (¬P(x) → ¬Q(x))∃x (P(x) ∧ ¬Q(x))∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))

否定を最も内側まで移したとき、¬∃x (P(x) → Q(x)) と同値な主張はどれですか? クリックしてください。

¬∃x (P(x) → Q(x))
  1. 1∀x (P(x) → ¬Q(x))
  2. 2∀x (¬P(x) → ¬Q(x))
  3. 3∃x (P(x) ∧ ¬Q(x))
  4. 4∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))
5.デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップふつう
ABCD000111100001111000011302041517160120130150141809011010

カルノー図を使って F(A, B, C, D) = Σm(3, 5, 6, 7, 8) の最小の積和形(SOP)を求めてください。リテラル L は合計でいくつ含まれますか(プライム付きの変数も 1 つのリテラルと数えます)?

F(A, B, C, D) = Σm(3, 5, 6, 7, 8)
L =
6.デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップむずかしい
ABCD00011110000111101011X3X2040507060121130150141809011110

d はドントケア条件を表します。F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 8, 10, 13) + d(2, 3) の最小の SOP 形を求めてください。リテラル L はいくつ含まれますか?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 8, 10, 13) + d(2, 3)
L =
7.整数論と合同式ふつう

80 を法とする 19 の逆元を求めてください:0 < x < 80 かつ 19·x ≡ 1 (mod 80) を満たす数 x です。

a = 19n = 80
19−1 mod 80 =
8.整数論と合同式むずかしい

73 は素数です。フェルマーの小定理を使って 1146891 mod 73 を求めてください。

p = 73k = 46891
1146891 mod 73 =
9.アルゴリズムと計算量ふつう

クイックソートの最悪時間計算量は何ですか?

  1. AO(n²)
  2. BO(log n)
  3. CO(n)
  4. DO(n log n)
10.アルゴリズムと計算量むずかしい

問題が NP 完全(NP-complete)であるのは、次のどの場合ですか?

  1. ANP に属し、すべての NP 問題が多項式時間でその問題に帰着できる
  2. B停止問題のように、NP に属さないがすべての NP 問題より難しい
  3. C解くことが不可能である
  4. D多項式時間で解ける
11.データ構造ふつう

インデックス 0 から始まる配列に格納された二分ヒープで、インデックス i のノードの親はどこにありますか。

  1. Aインデックス ⌊i / 2⌋ + 1
  2. Bインデックス 2i + 1
  3. Cインデックス i − 1
  4. Dインデックス ⌊(i − 1) / 2⌋
12.データ構造むずかしい

ソート済み連結リストと比べたスキップリストの主な利点は何ですか。

  1. Aキーを順序なしで格納する
  2. B複数レベルの前方ポインタにより期待値 O(log n) で探索できる
  3. Cすべてのノードが他のすべてのノードへのポインタを持つので、O(1) の探索が保証される
  4. D追加のメモリを使わない
13.グラフ理論ふつう

木に 次数 3 の頂点が 4 個, 次数 4 の頂点が 4 個, 次数 5 の頂点が 4 個 があり、ほかのすべての頂点は葉(次数 1)です。葉は何枚Lありますか?

4 × deg 34 × deg 44 × deg 5
L =
14.グラフ理論むずかしい
415927311512ABCDEFG

ダイクストラ法を A から実行します。ラウンド 4 で確定する(永続になる)頂点をクリックしてください。A 自身がラウンド 1 です。

始点:Aラウンド 4
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
  7. 7G
15.データベースと SQLふつう

コミットされた変更がシステムクラッシュ後も残ることを保証する ACID 特性はどれですか?

  1. A一貫性(Consistency)
  2. B独立性(Isolation)
  3. C原子性(Atomicity)
  4. D永続性(Durability)
16.データベースと SQLむずかしい

相関サブクエリ(correlated subquery)とは次のうちどれですか?

  1. A外部キーで 2 つのテーブルを結合するサブクエリ
  2. B集約関数だけを使うサブクエリ
  3. C外側のクエリの前に 1 回だけ実行され、その結果がすべての行に対してキャッシュされるサブクエリ
  4. D外側のクエリの列を参照し、外側の行ごとに評価されるサブクエリ
17.コンピュータネットワークふつう

TLS は HTTPS にどのようなセキュリティ特性を提供しますか?

  1. A読み込みの高速化のみ
  2. B機密性、完全性、サーバー認証
  3. Cユーザーの匿名性
  4. D訪問したサイト上のあらゆるマルウェアとフィッシングからの保護
18.コンピュータネットワークむずかしい

アドレス不足への対策として IPv6 に NAT が不要なのはなぜですか?

  1. AIPv6 はアドレスを使わないから
  2. BIPv6 はすべてのアドレスを暗号化するから
  3. C128 ビットのアドレス空間が十分に大きく、すべてのデバイスにグローバルアドレスを割り当てられるから
  4. DIPv6 はローカルネットワークでしか動作せず、アドレスをグローバルに共有する必要が決してないから
19.IPv4 サブネット化ふつう
255.255.240.011111111111111111111000000000000ネットワーク部ホスト部

あるサブネットはマスク 255.255.240.0 を使っています。使えるホストアドレスはいくつ H ありますか?

255.255.240.0
H =
20.IPv4 サブネット化むずかしい
最後のオクテット = 144112806403211608040201ネットワークホスト

あるホストのアドレスは 10.20.156.144/28 です。そのネットワークアドレスの第 4 オクテット x はいくつですか?

10.20.156.144/28
x =

3溶液

1.記数法

答え: U = 187

ビットの設定:各ビットは 2 のべき乗(128、64、…、1)の値をもちます。16 進の 1 桁はちょうど 4 ビットで、8 ビットの 2 の補数では、いちばん左のビットの値は −128 です。ビット演算は、各ビット位置を別々に扱います。

反転して 1 を足す

69 = 0100 0101
反転後: 1011 1010
+1 → 1011 1011

符号なしとして読む

1011 1011₂ = 256 − 69 = 187

答え

U = 187
2.記数法

答え: R = 200

ビットの設定:各ビットは 2 のべき乗(128、64、…、1)の値をもちます。16 進の 1 桁はちょうど 4 ビットで、8 ビットの 2 の補数では、いちばん左のビットの値は −128 です。ビット演算は、各ビット位置を別々に扱います。

ビットごとに

3 だけ左にシフトすると、すべてのビットが 3 桁左へ動きます。左端からはみ出したビットは失われ、右側には 0 が入ります。

0101 1001 << 3
= 1100 1000

結果の値

1100 1000₂ = 200

答え

R = 200
3.命題論理と証明

答え: (p → r) ∧ (r → p)

論理的同値:2 つの論理式は、真理値表のすべての行で同じ値をとるとき同値(≡)です。恒真式(トートロジー)はすべての行で 1、矛盾(恒偽式)はすべての行で 0、どちらでもないものは充足可能な非恒真式です。役に立つ法則:ド・モルガンの法則 ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b と ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b、a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a(対偶)、¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b、そして分配法則 a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c)。

法則

a ↔ b は、含意が両方向に成り立つこと、つまり (a → b) ∧ (b → a) を意味します。
p ↔ r ≡ (p → r) ∧ (r → p)

真理値表で確かめる

p = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, r = 0: 0 | 1 0 0 0
p = 0, r = 1: 0 | 1 1 0 0
p = 0, r = 0: 1 | 1 1 0 1

答え

(p → r) ∧ (r → p)

縦線の後ろの列は、表示されている順の選択肢です。

4.命題論理と証明

答え: ∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))

量化子と論証:¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x)、¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)。否定を内側へ移し、通過する量化子をすべて入れ替え、内側の式は ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b のような命題論理の法則で否定します。論証は、すべての前提が 1 であるどの行でも結論が 1 のとき、妥当です。前提が真で結論が偽になる行が 1 つでもあれば、それは反例であり、その論証が妥当でないことを示します。

否定を内側へ移す

¬∃x (P(x) → Q(x)) ≡ ∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))

答え

∀x (P(x) ∧ ¬Q(x))

ほかの選択肢は、量化子がそのままになっているか、量化子の順序が変わっているか、内側の式の否定が間違っているかのどれかです。

5.デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップ

答え: L = 13

カルノー図:セルはグレイコード(00, 01, 11, 10)の順に並んでいるので、端をまたぐものも含め、隣り合うセルはちょうど 1 つの変数だけが異なります。1 を、1, 2, 4, 8, 16 個のセルからなる長方形で、できるだけ大きく、できるだけ少ない数でグループ化し、すべての 1 を覆います。各グループは 1 つの積項で、グループの中で一定のままの変数からなります。2ᵏ 個のセルのグループでは k 個の変数が消えます。ドントケア(X)はグループを大きくするために使えますが、覆う必要はありません。代わりに 0 をグループ化すると、最小の POS 形が得られます。

ABCD000111100001111000011302041517160120130150141809011010

1 をグループ化する

各グループは 2ᵏ 個のセルからなる長方形です。端のセルは、反対側の端のセルと隣り合っています。

A′CD
A′BD
A′BC
AB′C′D′

最小の SOP 形

F = A′CD + A′BD + A′BC + AB′C′D′
L = 13

答え

L = 13
6.デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップ

答え: L = 8

カルノー図:セルはグレイコード(00, 01, 11, 10)の順に並んでいるので、端をまたぐものも含め、隣り合うセルはちょうど 1 つの変数だけが異なります。1 を、1, 2, 4, 8, 16 個のセルからなる長方形で、できるだけ大きく、できるだけ少ない数でグループ化し、すべての 1 を覆います。各グループは 1 つの積項で、グループの中で一定のままの変数からなります。2ᵏ 個のセルのグループでは k 個の変数が消えます。ドントケア(X)はグループを大きくするために使えますが、覆う必要はありません。代わりに 0 をグループ化すると、最小の POS 形が得られます。

主項

1 と X からつくれる最大のグループ。

B′D′, A′B′, ABC′D
ABCD00011110000111101011X3X2040507060121130150141809011110

最小被覆

F = B′D′ + A′B′ + ABC′D
L = 8

答え

L = 8
7.整数論と合同式

答え: 19−1 mod 80 = 59

逆元と合同式:a が n を法として逆元をもつのは、gcd(a, n) = 1 のときに限ります。拡張ユークリッドの互除法で 1 = s·n + t·a と書くと、a⁻¹ ≡ t (mod n) です。gcd(a, n) = 1 のとき、合同式 a·x ≡ b (mod n) の解は x ≡ a⁻¹·b です。法が互いに素な 2 つの合同式 x ≡ r₁ (mod m₁) と x ≡ r₂ (mod m₂) には、m₁·m₂ を法として 1 つの解があります(中国の剰余定理)。オイラーの φ(n) は、1 から n までの数のうち n と互いに素なものの個数です:φ(n) = n·∏(1 − 1/p)。

拡張ユークリッドの互除法

各余り r は r ≡ t·19 (mod 80) と書けます。

r = 80, t = 0
r = 19, q = 4, t = 1
r = 4, q = 4, t = −4
r = 3, q = 1, t = 17
r = 1, q = 3, t = −21

逆行列

1 ≡ −21·19 (mod 80)
x = 59
確認: 19·59 = 1121 = 14·80 + 1

答え

19−1 mod 80 = 59
8.整数論と合同式

答え: 1146891 mod 73 = 68

冪剰余と RSA:aᵏ mod n は反復二乗法で計算します:k を 2 進数で書き、二乗し、毎回簡約し、ビットが 1 の冪を掛けます。フェルマー:素数 p が a を割り切らないとき aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) なので、指数は p − 1 を法として簡約できます。RSA:素数 p と q を選び、n = p·q、φ(n) = (p − 1)(q − 1) とします。公開指数 e は φ(n) と互いに素で、秘密指数は d = e⁻¹ mod φ(n) です。暗号化は c = mᵉ mod n、復号は m = cᵈ mod n で行います。

指数を簡約する

46891 mod 72 = 19
1146891 ≡ 1119 (mod 73)

小さい冪

1119 mod 73 = 68

答え

1146891 mod 73 = 68
9.アルゴリズムと計算量

答え: A · O(n²)

これが答えになる理由

ピボットの選択が常に悪い場合(例:すでにソート済みの入力で先頭要素をピボットにする)、分割が偏り O(n²) になります。平均の場合は O(n log n) です。

答え

A · O(n²)
10.アルゴリズムと計算量

答え: A · NP に属し、すべての NP 問題が多項式時間でその問題に帰着できる

これが答えになる理由

NP 完全問題は NP の中で最も難しい問題であり、そのうち一つでも多項式時間アルゴリズムがあれば、NP 全体に対して多項式時間アルゴリズムが得られます。

答え

A · NP に属し、すべての NP 問題が多項式時間でその問題に帰着できる
11.データ構造

答え: D · インデックス ⌊(i − 1) / 2⌋

これが答えになる理由

i の子は 2i + 1 と 2i + 2 にあるので、i の親は ⌊(i − 1) / 2⌋ です。1 から始まるインデックスでは ⌊i / 2⌋ になります。

答え

D · インデックス ⌊(i − 1) / 2⌋
12.データ構造

答え: B · 複数レベルの前方ポインタにより期待値 O(log n) で探索できる

これが答えになる理由

ランダムに決まるレベルによって探索で多くのノードを飛ばせるため、探索・挿入・削除の期待計算量は O(log n) になります。

答え

B · 複数レベルの前方ポインタにより期待値 O(log n) で探索できる
13.グラフ理論

答え: L = 26

オイラー、ハミルトン、木:連結グラフは、すべての頂点の次数が偶数のときオイラー閉路(すべての辺を 1 回ずつ通って始点に戻る)をもち、ちょうど 2 つの頂点の次数が奇数のとき、閉路でないオイラー路をもちます。その路は、一方の奇数次数の頂点から他方へ通ります。ハミルトン閉路はすべての頂点を 1 回ずつ訪れ、Kn には (n − 1)!/2 個あります。n 個の頂点をもつ木には n − 1 本の辺があり、m 本の辺をもつ連結グラフは、m − n + 1 本の辺を取り除いても全域木が残ります。

木の握手補題

L + 48 = 2(L + 12) − 2
L = 26

答え

L = 26

近道:次数 d ≥ 3 の頂点について L = 2 + Σ (d − 2) です。

14.グラフ理論

答え: E

最短経路と全域木:ダイクストラ法は毎ラウンド 1 つの頂点を確定します:暫定距離が最小の未確定の頂点です。その距離は最終となり、各隣接頂点 v は d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) と更新されます。クラスカル法は、辺を軽い順に取り、閉路をつくる辺を飛ばして最小全域木をつくります。プリム法は、始点から 1 本の木を成長させ、その木から出る最も軽い辺を常に加えます。n 個の頂点の全域木には n − 1 本の辺があります。

ダイクストラ法をラウンドごとに

1. A (0): B: 4, C: 15
2. B (4): C: 13, D: 6, G: 19
3. D (6): E: 9
4. E (9): F: 10, G: 11
5. F (10)
6. G (11): C: 12
7. C (12)

ラウンド 4

E

答え

E
15.データベースと SQL

答え: D · 永続性(Durability)

これが答えになる理由

永続性とは、トランザクションがいったんコミットされると、その効果が保持されることを意味します。通常は安定記憶装置にログを書き込むことで実現します。

答え

D · 永続性(Durability)
16.データベースと SQL

答え: D · 外側のクエリの列を参照し、外側の行ごとに評価されるサブクエリ

これが答えになる理由

相関サブクエリは現在の外側の行に依存するため、論理的には行ごとに評価されます(オプティマイザが結合に書き換えることもあります)。

答え

D · 外側のクエリの列を参照し、外側の行ごとに評価されるサブクエリ
17.コンピュータネットワーク

答え: B · 機密性、完全性、サーバー認証

これが答えになる理由

TLS はトラフィックを暗号化し、改ざんを検出し、証明書によってサーバーを認証します(任意でクライアントも認証します)。

答え

B · 機密性、完全性、サーバー認証
18.コンピュータネットワーク

答え: C · 128 ビットのアドレス空間が十分に大きく、すべてのデバイスにグローバルアドレスを割り当てられるから

これが答えになる理由

IPv6 には約 3.4 × 10³⁸ 個のアドレスがあるため、IPv4 で NAT が必要になったアドレス不足は解消されます。セキュリティは引き続きファイアウォールが担います。

答え

C · 128 ビットのアドレス空間が十分に大きく、すべてのデバイスにグローバルアドレスを割り当てられるから
19.IPv4 サブネット化

答え: H = 4094

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

プレフィックス長

255.255.240.0 = /20

使えるホスト数

212 − 2 = 4094

答え

H = 4094
20.IPv4 サブネット化

答え: x = 144

IPv4 サブネット化:アドレスは 32 ビットです。プレフィックス /p は先頭の何ビットがネットワークを表すかを示し、残りの 32 − p ビットでホストを番号付けします。サブネットには 2³²⁻ᵖ 個のアドレスがありますが、最初(ネットワークアドレス)と最後(ブロードキャストアドレス)はホストに割り当てられないため、2³²⁻ᵖ − 2 台のホストが収まります。 例外:/31(ポイントツーポイントリンク、RFC 3021)は 2 つのアドレスを両方ともホストに使い、/32 は単一のアドレス(単一ホストまたはループバック)です。

ブロックサイズ

24 = 16

このホストのサブネット

ネットワーク: ⌊144/16⌋·16 = 144
ブロードキャスト: 144 + 16 − 1 = 159
使えるホスト: 145 … 158

答え

x = 144

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