コンピュータサイエンス基礎:直前対策パック

公式集、全トピックの解法の要点、20 問の演習問題。完全な解答は巻末にあります。

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1公式と解法

記数法

位取り
2 進数 2k、8 進数 8k、16 進数 16k
10 進数へ
Σ dk·bk
10 進数から
基数で割り、余りを下から上へ読む
16 進数 ↔ 2 進数
16 進数 1 桁 = 4 ビット
2 の補数
ビットを反転して 1 を足す

命題論理と証明

真理値表の行
2ⁿ
含意
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
含意の否定
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
同値(双条件)
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
ド・モルガンの法則
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
分配法則
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
量化子の否定
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
肯定式(modus ponens)、否定式(modus tollens)
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

解き方

  1. 異なる変数の数を数えます:真理値表の行数は 2ⁿ で、最初の行はすべて 1 です。
  2. 部分式ごとに列を用意し、内側から順に列を埋めていきます。
  3. 各結合子の規則を適用します:→ が 0 になるのは 1 → 0 のときだけ、↔ は両辺が一致するとき 1 です。
  4. 同値の判定では最後の列を行ごとに比べます。論証の判定では、すべての前提が 1 である行だけを見ます。
  5. 量化された文を否定するには、¬ を内側へ移し、∀ と ∃ を入れ替え、内側の式を否定します。

デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップ

基本ゲート
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
ブールの規則
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
ド・モルガンの法則
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
カルノー図の並び順
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ 個のセルのグループ
k 個の変数が消える
4 対 1 マルチプレクサ
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
フリップフロップ
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
カウンタ
n ビット:2ⁿ 状態; mod-N:2ⁿ ≥ N を満たす最小の n; fout = fclk/N
リップルカウンタ
fmax = 1/(n·tpd)
リングカウンタとジョンソンカウンタ
n 状態と 2n 状態

解き方

  1. 回路では、入力から出力へ向かってゲートを 1 つずつ進み、各配線に値を書き込むか、式を書いて真理値表を埋めましょう。
  2. 簡単化するには、1(とドントケアは X として)を、行と列がグレイコード 00, 01, 11, 10 のカルノー図に書き込みましょう。
  3. 1 を、1, 2, 4, 8, 16 個のセルからなる、できるだけ少なくできるだけ大きなグループで、端をまたぎながら覆いましょう。各グループは、一定のままの変数からなる 1 つの積項です。POS 形には 0 をグループ化します。
  4. フリップフロップとカウンタでは、各有効クロックエッジで入力を読み取り、エッジごとの状態を書き出し、n ビットのカウンタは 2ⁿ 個の状態で折り返すことを忘れないようにしましょう。

整数論と合同式

余りのある割り算
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
ユークリッド
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
最小公倍数
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
逆行列
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
一次合同式
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
オイラーのトーシェント関数
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
フェルマー
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

解き方

  1. まずすべての数を n で割った余りに直します。余りは 0 から n − 1 の間です。
  2. 最大公約数は、ユークリッドの互除法で割り算を繰り返して求めます。最後の 0 でない余りが最大公約数です。
  3. 逆元は拡張ユークリッドの互除法で求め、a の係数を取ります。負なら n を足します。
  4. a·x ≡ b は a⁻¹ を掛けて解きます。2 つの合同式は x = r₁ + m₁k とおいて組み合わせます。
  5. べき乗では、指数を 2 進数で書いて平方を繰り返します。RSA では d = e⁻¹ mod φ(n)、φ(n) = (p − 1)(q − 1) です。

グラフ理論

握手補題
Σ deg(v) = 2|E|
完全グラフ
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
正則グラフ
|E| = n·k/2
木と森
|E| = n − 1, |E| = n − c
木の葉
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
オイラー
閉路:すべての次数が偶数; 路:奇数次数がちょうど 2 つ
Kn のハミルトン閉路
(n − 1)!/2
ダイクストラ法の更新
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
長さ L の歩道
(Mᴸ)ij

解き方

  1. 各頂点の次数を書き出します。次数の総和は辺の数の 2 倍になります。
  2. オイラーの問題では、グラフが連結であることを確かめ、奇数次数の頂点を数えます。
  3. 木では、辺が n − 1 本であることと握手補題を使います。
  4. ダイクストラ法では、暫定距離の表をつくり、毎回、未確定の頂点のうち最小のものを確定します。
  5. 最小全域木では、辺を重みの順に並べ、閉路をつくる辺を飛ばす方法(クラスカル法)か、始点から 1 本の木を成長させる方法(プリム法)を使います。

IPv4 サブネット化

サブネットあたりのホスト数
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
ブロックサイズ
256 − (mask octet)
ネットワークアドレス
IP AND マスク
ブロードキャストアドレス
IP OR (NOT マスク):ホスト部のビットをすべて 1 にする
n ビット借りたときのサブネット数
2n

2演習問題

1.記数法ふつう
8 ビットの 2 の補数0−12806403201608040201

8 ビットの 2 の補数で −16 を格納するようにビットを設定します。符号なしの数として読むと、このパターンの値 U はいくつですか?

N = −168 bit
U =
2.記数法むずかしい
10 ビット、符号なし, N = ???????????

10 ビットに収まる最大の符号なし整数 N はいくつですか?

10 bit
N =
3.命題論理と証明ふつう
pqrq ∧ ¬p(q ∧ ¬p) → r(p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r)111?110?101?100?011?010?001?000?

この論理式 (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) は、真理値表の 8 行のうち何行で真になりますか? この数を N とします。

(p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r)
N =
4.命題論理と証明むずかしい
qrr → qqr11100100

前提 r → q; q、結論 r の論証は妥当ではありません。反例となる真理値表の行をクリックしてください。

r → qq∴ r
  1. 1q = 1, r = 1
  2. 2q = 1, r = 0
  3. 3q = 0, r = 1
  4. 4q = 0, r = 0
5.デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップふつう
ABC00011110010011031204150716

カルノー図を使って F(A, B, C) = Σm(1, 2, 5, 6) の最小の積和形(SOP)を求めてください。積項 N はいくつありますか?

F(A, B, C) = Σm(1, 2, 5, 6)
N =
6.デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップむずかしい
FFQ0​Q0​FFQ1​Q1​FFQ2​Q2​FFQ3​Q3​FFQ4​Q4​FFQ5​Q5​CLKMOD-50

mod-50 カウンタは 50 個の異なる状態を数え上げなければなりません。必要なフリップフロップの最小個数 n はいくつですか?

N = 50
n =
7.整数論と合同式ふつう

29x ≡ 3 (mod 43) を解いてください。0 < x < 43 を満たす解 x を答えてください。

29x ≡ 3 (mod 43)
x =
8.整数論と合同式むずかしい

28x ≡ 4 (mod 64) を解いてください。最小の正の解 x を答えてください。

28x ≡ 4 (mod 64)
x =
9.アルゴリズムと計算量ふつう

活動選択問題で、重ならない活動の数を常に最大にする貪欲な規則はどれですか?

  1. A重なりの最も少ない活動を先に選び、両立する活動で繰り返す
  2. B最も早く始まる活動を選ぶ
  3. C最も早く終わる活動を選び、両立する活動で繰り返す
  4. D最も短い活動から選ぶ
10.アルゴリズムと計算量むずかしい

次の充足可能性問題のうち、多項式時間で解けることが知られているのはどれですか?

  1. A連言標準形の式に対する一般の SAT
  2. B各節のリテラルがちょうど 3 個の 3-SAT
  3. C各節のリテラルが高々 2 個の 2-SAT
  4. D回路充足可能性問題
11.データ構造ふつう

実行中のプログラムが、有効な関数呼び出しとそのローカル変数を管理するために使うデータ構造はどれですか。

  1. A関数のハッシュテーブル
  2. Bコールスタック
  3. Cヒープメモリのキュー
  4. Dフレームの二分探索木
12.データ構造むずかしい

データベースやファイルシステムで B 木が使われるのはなぜですか。

  1. Aどの配列よりもメモリ使用量が少ないので、索引全体が常に主記憶に収まるから
  2. B再平衡化が不要だから
  3. Cデータをソートせずに格納するから
  4. D分岐数が大きいため木が浅く保たれ、遅いディスク読み込みが減るから
13.グラフ理論ふつう
ABCDEオイラー閉路オイラー路あり、閉路なしどちらでもない

この連結グラフには、オイラー閉路、閉路でないオイラー路、またはどちらもないのうち、どれがありますか? 答えをクリックしてください。

|V| = 5|E| = 6
  1. 1オイラー閉路
  2. 2オイラー路あり、閉路なし
  3. 3どちらでもない
14.グラフ理論むずかしい
98117151584ABCDEF

ダイクストラ法を使って、重み付きグラフで A から F までの最短経路の長さd(F)を求めてください。

始点:A終点:F
d(F) =
15.データベースと SQLふつう

テーブルにクラスタ化インデックスが 1 つしか持てないのはなぜですか?

  1. ASQL 標準が、1 つのテーブルに 2 つ以上のインデックスを持つことを禁止しているから
  2. Bクラスタ化インデックスは主キーにしか作れないから
  3. Cクラスタ化インデックスはメモリを使いすぎるから
  4. D行は物理的に 1 つの順序でしか格納できないから
16.データベースと SQLむずかしい

クエリに対するカバリングインデックスとは何ですか?

  1. A毎晩再構築されるインデックス
  2. Bすべてのテーブルのすべての列をカバーするインデックス
  3. Cクエリに必要なすべての列を含み、テーブル自体を読まなくてよいインデックス
  4. D主キーだけのインデックス
17.コンピュータネットワークふつう

クライアントが DHCP からアドレスを取得するときの通常のメッセージの順序はどれですか?

  1. ADiscover、Request、Offer、Acknowledge
  2. BRequest、Offer、Discover、Acknowledge
  3. COffer、Discover、Acknowledge、Request
  4. DDiscover、Offer、Request、Acknowledge
18.コンピュータネットワークむずかしい

端末 A と C はどちらもアクセスポイント B に届きますが、互いの信号は聞こえないため、B でフレームが衝突します。802.11 はどのように対処しますか?

  1. Aフレームの TTL を増やす
  2. BA と C に衝突検出を使わせ、フレームが重なったら送信を止めさせる
  3. CA のフレームを C 経由でルーティングする
  4. D任意の RTS/CTS 交換:AP の CTS が近くのすべての端末に待つよう伝える
19.IPv4 サブネット化ふつう
/24 → /2911111111111111111111111111111000ネットワーク部ホスト部

ネットワーク 192.168.10.0/24 を、少なくとも 20 個の同じ大きさのサブネットに分けます。借りるビットをできるだけ少なくすると、各サブネットで使えるホスト数 H はいくつですか?

192.168.10.0/2420 subnets
H =
20.IPv4 サブネット化むずかしい
最後のオクテット = 250112816413211618041201ネットワークホスト

あるホストのアドレスは 10.20.188.250/29 です。そのサブネットで最後に使えるホストアドレスの第 4 オクテット x はいくつですか?

10.20.188.250/29
x =

3溶液

1.記数法

答え: U = 240

ビットの設定:各ビットは 2 のべき乗(128、64、…、1)の値をもちます。16 進の 1 桁はちょうど 4 ビットで、8 ビットの 2 の補数では、いちばん左のビットの値は −128 です。ビット演算は、各ビット位置を別々に扱います。

反転して 1 を足す

16 = 0001 0000
反転後: 1110 1111
+1 → 1111 0000

符号なしとして読む

1111 0000₂ = 256 − 16 = 240

答え

U = 240
2.記数法

答え: N = 1023

位取り記数法:各桁の値は、その数字に基数のべき乗を掛けたものです。2 進数では各桁の重みが 1、2、4、8、16、…、16 進数では 1、16、256、… で、A–F は 10–15 を表します。8 ビットの 2 の補数では、最上位ビットの重みが +128 ではなく −128 になり、こうして負の数を表します。

最大値

210 − 1 = 1023

答え

N = 1023
3.命題論理と証明

答え: N = 7

真理値表:n 個の異なる変数をもつ論理式には、真理値のすべての組み合わせに対応する 2ⁿ 行があります(1 = 真、0 = 偽)。内側から順に進め、部分式ごとに列を用意します。¬a は値を反転させ、a ∧ b は両方が 1 のときだけ 1、a ∨ b は両方が 0 のときだけ 0、a → b は a = 1 かつ b = 0 のときだけ 0、a ↔ b は両辺が等しいとき 1 です。

真理値表を行ごとに見る

p = 1, q = 1, r = 1: ¬r = 0, ¬r → q = 1, p ∨ (¬r → q) = 1, ¬p = 0, q ∧ ¬p = 0, (q ∧ ¬p) → r = 1, (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: ¬r = 1, ¬r → q = 1, p ∨ (¬r → q) = 1, ¬p = 0, q ∧ ¬p = 0, (q ∧ ¬p) → r = 1, (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: ¬r = 0, ¬r → q = 1, p ∨ (¬r → q) = 1, ¬p = 0, q ∧ ¬p = 0, (q ∧ ¬p) → r = 1, (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: ¬r = 1, ¬r → q = 0, p ∨ (¬r → q) = 1, ¬p = 0, q ∧ ¬p = 0, (q ∧ ¬p) → r = 1, (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: ¬r = 0, ¬r → q = 1, p ∨ (¬r → q) = 1, ¬p = 1, q ∧ ¬p = 1, (q ∧ ¬p) → r = 1, (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: ¬r = 1, ¬r → q = 1, p ∨ (¬r → q) = 1, ¬p = 1, q ∧ ¬p = 1, (q ∧ ¬p) → r = 0, (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) = 0
p = 0, q = 0, r = 1: ¬r = 0, ¬r → q = 1, p ∨ (¬r → q) = 1, ¬p = 1, q ∧ ¬p = 0, (q ∧ ¬p) → r = 1, (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: ¬r = 1, ¬r → q = 0, p ∨ (¬r → q) = 0, ¬p = 1, q ∧ ¬p = 0, (q ∧ ¬p) → r = 1, (p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r) = 1

値が 1 の行を数える

(p ∨ (¬r → q)) → ((q ∧ ¬p) → r): 1, 1, 1, 1, 1, 0, 1, 1
N = 7

答え

N = 7
4.命題論理と証明

答え: q = 1, r = 0

量化子と論証:¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x)、¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)。否定を内側へ移し、通過する量化子をすべて入れ替え、内側の式は ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b のような命題論理の法則で否定します。論証は、すべての前提が 1 であるどの行でも結論が 1 のとき、妥当です。前提が真で結論が偽になる行が 1 つでもあれば、それは反例であり、その論証が妥当でないことを示します。

前提と結論を行ごとに見る

q = 1, r = 1: 1 1 | 1
q = 1, r = 0: 1 1 | 0
q = 0, r = 1: 0 0 | 1
q = 0, r = 0: 1 0 | 0

反例

q = 1, r = 0

答え

q = 1, r = 0

この形の論証は妥当な規則のように見えますが、1 行あれば妥当でないことを示せます。

5.デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップ

答え: N = 2

カルノー図:セルはグレイコード(00, 01, 11, 10)の順に並んでいるので、端をまたぐものも含め、隣り合うセルはちょうど 1 つの変数だけが異なります。1 を、1, 2, 4, 8, 16 個のセルからなる長方形で、できるだけ大きく、できるだけ少ない数でグループ化し、すべての 1 を覆います。各グループは 1 つの積項で、グループの中で一定のままの変数からなります。2ᵏ 個のセルのグループでは k 個の変数が消えます。ドントケア(X)はグループを大きくするために使えますが、覆う必要はありません。代わりに 0 をグループ化すると、最小の POS 形が得られます。

ABC00011110010011031204150716

1 をグループ化する

各グループは 2ᵏ 個のセルからなる長方形です。端のセルは、反対側の端のセルと隣り合っています。

B′C
BC′

最小の SOP 形

F = B′C + BC′
N = 2

答え

N = 2
6.デジタル論理:ゲート・カルノー図・フリップフロップ

答え: n = 6

フリップフロップとカウンタ:フリップフロップは、有効なクロックエッジでだけ変化します。D は入力をコピーし(Q⁺ = D)、T は T = 1 のときトグルし、JK は 00 で保持、01 でリセット、10 でセット、11 でトグルします。n ビットの 2 進カウンタには 2ⁿ 個の状態があり、2ⁿ を法として数えます。mod-N カウンタは 0, 1, …, N − 1 と数えて 0 に戻り、2ⁿ ≥ N を満たす最小の n 個のフリップフロップが必要です。リップルカウンタの各段は周波数を半分にするので、mod-N カウンタの最後の出力は fclk/N で動作します。n 個のフリップフロップのジョンソンカウンタには 2n 個の状態があり、リングカウンタには n 個あります。

フリップフロップの個数

2ⁿ ≥ 50 → n = 6 (2⁶ = 64)

答え

n = 6
7.整数論と合同式

答え: x = 9

逆元と合同式:a が n を法として逆元をもつのは、gcd(a, n) = 1 のときに限ります。拡張ユークリッドの互除法で 1 = s·n + t·a と書くと、a⁻¹ ≡ t (mod n) です。gcd(a, n) = 1 のとき、合同式 a·x ≡ b (mod n) の解は x ≡ a⁻¹·b です。法が互いに素な 2 つの合同式 x ≡ r₁ (mod m₁) と x ≡ r₂ (mod m₂) には、m₁·m₂ を法として 1 つの解があります(中国の剰余定理)。オイラーの φ(n) は、1 から n までの数のうち n と互いに素なものの個数です:φ(n) = n·∏(1 − 1/p)。

29 の逆元

r = 43, t = 0
r = 29, q = 1, t = 1
r = 14, q = 2, t = −1
r = 1, q = 14, t = 3
29−1 ≡ 3 (mod 43)

解く

x ≡ 3·3 = 9 ≡ 9 (mod 43)
確認: 29·9 = 261 ≡ 3 (mod 43)

答え

x = 9
8.整数論と合同式

答え: x = 7

逆元と合同式:a が n を法として逆元をもつのは、gcd(a, n) = 1 のときに限ります。拡張ユークリッドの互除法で 1 = s·n + t·a と書くと、a⁻¹ ≡ t (mod n) です。gcd(a, n) = 1 のとき、合同式 a·x ≡ b (mod n) の解は x ≡ a⁻¹·b です。法が互いに素な 2 つの合同式 x ≡ r₁ (mod m₁) と x ≡ r₂ (mod m₂) には、m₁·m₂ を法として 1 つの解があります(中国の剰余定理)。オイラーの φ(n) は、1 から n までの数のうち n と互いに素なものの個数です:φ(n) = n·∏(1 − 1/p)。

gcd で割る

gcd(28, 64) = 4
7x ≡ 1 (mod 16)

簡約した合同式を解く

7−1 ≡ 7 (mod 16) → x ≡ 7 (mod 16)

64 を法とする解

x ∈ {7, 23, 39, 55}
x = 7

答え

x = 7
9.アルゴリズムと計算量

答え: C · 最も早く終わる活動を選び、両立する活動で繰り返す

これが答えになる理由

最も早い終了時刻を選ぶことは交換論法によって最適であると証明できます。他の規則には反例があります。

答え

C · 最も早く終わる活動を選び、両立する活動で繰り返す
10.アルゴリズムと計算量

答え: C · 各節のリテラルが高々 2 個の 2-SAT

これが答えになる理由

2-SAT は P に属します(強連結成分を用いて線形時間)。一方、3-SAT は NP 完全です。

答え

C · 各節のリテラルが高々 2 個の 2-SAT
11.データ構造

答え: B · コールスタック

これが答えになる理由

各呼び出しはスタックフレームを push し、各リターンはそれを pop します。そのため最も新しい呼び出しが最初に終了します。

答え

B · コールスタック
12.データ構造

答え: D · 分岐数が大きいため木が浅く保たれ、遅いディスク読み込みが減るから

これが答えになる理由

B 木は 1 つのノードに多くのキーを格納するため高さが小さく、1 回の検索に必要なブロック読み込みが少なくて済みます。B+ 木はさらに範囲走査のために葉同士をつなぎます。

答え

D · 分岐数が大きいため木が浅く保たれ、遅いディスク読み込みが減るから
13.グラフ理論

答え: オイラー閉路

オイラー、ハミルトン、木:連結グラフは、すべての頂点の次数が偶数のときオイラー閉路(すべての辺を 1 回ずつ通って始点に戻る)をもち、ちょうど 2 つの頂点の次数が奇数のとき、閉路でないオイラー路をもちます。その路は、一方の奇数次数の頂点から他方へ通ります。ハミルトン閉路はすべての頂点を 1 回ずつ訪れ、Kn には (n − 1)!/2 個あります。n 個の頂点をもつ木には n − 1 本の辺があり、m 本の辺をもつ連結グラフは、m − n + 1 本の辺を取り除いても全域木が残ります。

次数

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2

奇数次数の頂点

0
オイラー閉路

答え

オイラー閉路
14.グラフ理論

答え: d(F) = 24

最短経路と全域木:ダイクストラ法は毎ラウンド 1 つの頂点を確定します:暫定距離が最小の未確定の頂点です。その距離は最終となり、各隣接頂点 v は d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) と更新されます。クラスカル法は、辺を軽い順に取り、閉路をつくる辺を飛ばして最小全域木をつくります。プリム法は、始点から 1 本の木を成長させ、その木から出る最も軽い辺を常に加えます。n 個の頂点の全域木には n − 1 本の辺があります。

ダイクストラ法をラウンドごとに

各行:確定した頂点、その最終距離、距離が改善される隣接頂点。

A (0): C: 9
C (9): B: 17, E: 16
E (16): D: 31, F: 24
B (17): D: 28
F (24)
D (28)

最短経路

A → C → E → F
d(F) = 24

答え

d(F) = 24
15.データベースと SQL

答え: D · 行は物理的に 1 つの順序でしか格納できないから

これが答えになる理由

クラスタ化インデックスはテーブルのデータをそのキーで並べますが、データは 1 つの順序でしか保持できません。ほかのインデックスは非クラスタ化インデックスです。

答え

D · 行は物理的に 1 つの順序でしか格納できないから
16.データベースと SQL

答え: C · クエリに必要なすべての列を含み、テーブル自体を読まなくてよいインデックス

これが答えになる理由

参照されるすべての列がインデックスにあれば、DBMS はインデックスオンリースキャンを行い、テーブルの行の取得を省略できるため、I/O が節約されます。

答え

C · クエリに必要なすべての列を含み、テーブル自体を読まなくてよいインデックス
17.コンピュータネットワーク

答え: D · Discover、Offer、Request、Acknowledge

これが答えになる理由

クライアントが Discover をブロードキャストし、サーバーが Offer で応答し、クライアントが 1 つの提案を Request し、選ばれたサーバーが Acknowledge で確定します。

答え

D · Discover、Offer、Request、Acknowledge
18.コンピュータネットワーク

答え: D · 任意の RTS/CTS 交換:AP の CTS が近くのすべての端末に待つよう伝える

これが答えになる理由

端末が Request to Send を送ると、AP が Clear to Send で応答します。その範囲内のすべての端末がこれを聞くため、隠れ端末は予約された時間の送信を控えます。

答え

D · 任意の RTS/CTS 交換:AP の CTS が近くのすべての端末に待つよう伝える
19.IPv4 サブネット化

答え: H = 6

IPv4 サブネット化:アドレスは 32 ビットです。プレフィックス /p は先頭の何ビットがネットワークを表すかを示し、残りの 32 − p ビットでホストを番号付けします。サブネットには 2³²⁻ᵖ 個のアドレスがありますが、最初(ネットワークアドレス)と最後(ブロードキャストアドレス)はホストに割り当てられないため、2³²⁻ᵖ − 2 台のホストが収まります。 例外:/31(ポイントツーポイントリンク、RFC 3021)は 2 つのアドレスを両方ともホストに使い、/32 は単一のアドレス(単一ホストまたはループバック)です。

借りるビット数

25 = 32 ≥ 20 → b = 5, /29

サブネットあたりのホスト数

23 − 2 = 6

答え

H = 6
20.IPv4 サブネット化

答え: x = 254

IPv4 サブネット化:アドレスは 32 ビットです。プレフィックス /p は先頭の何ビットがネットワークを表すかを示し、残りの 32 − p ビットでホストを番号付けします。サブネットには 2³²⁻ᵖ 個のアドレスがありますが、最初(ネットワークアドレス)と最後(ブロードキャストアドレス)はホストに割り当てられないため、2³²⁻ᵖ − 2 台のホストが収まります。 例外:/31(ポイントツーポイントリンク、RFC 3021)は 2 つのアドレスを両方ともホストに使い、/32 は単一のアドレス(単一ホストまたはループバック)です。

ブロックサイズ

23 = 8

このホストのサブネット

ネットワーク: ⌊250/8⌋·8 = 248
ブロードキャスト: 248 + 8 − 1 = 255
使えるホスト: 249 … 254

答え

x = 254

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