電気工学概論：直前対策パック

公式集、全トピックの解法の要点、16 問の演習問題。完全な解答は巻末にあります。

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1公式と解法

抵抗の直列・並列

抵抗の直列接続: R_eq = R₁ + R₂ + …
抵抗の並列接続: 1/R_eq = 1/R₁ + 1/R₂ + …
2 つの並列接続: R_eq = R₁R₂ / (R₁ + R₂)
オームの法則: V = I·R
電力: P = V·I = I²R = V²/R

解き方

端子からいちばん遠い回路網の端から始めます。
直列の抵抗は足し合わせ、並列の抵抗は 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + … でまとめます。
1 ステップごとに回路を描き直します。
端子間に抵抗が 1 つだけ残るまで繰り返します。

節点解析

キルヒホッフの電流則: ΣI_in = ΣI_out
枝電流: I = (V_a − V_b)/R
基準節点: V_ground = 0

解き方

基準節点（接地）を選び、ほかの節点電圧に名前をつけます。
未知の各節点でキルヒホッフの電流則を書きます：各枝から出ていく電流の和は入ってくる電流の和に等しくなります。
各枝電流を (V_a − V_b)/R で表します。
連立方程式を解き、必要な電流を求めます。

テブナン・ノートン

テブナン電圧: V_th = V_{open circuit}
テブナン抵抗: R_th：すべての電源を取り除き、a–b から見た抵抗
ノートン電流: I_N = V_th/R_th
負荷電流: I_L = V_th/(R_th + R_L)
最大電力伝送: R_L = R_th, P_max = V_th²/(4R_th)

解き方

負荷を外し、2 つの端子を a と b とします。
a と b の間の開放電圧を求めます：これが V_th です。
独立電源をすべて取り除き、a–b から見た抵抗を求めます：これが R_th です。
負荷を等価回路に戻します：V_th と R_th の直列です。
ノートン等価回路には変換します：I_N = V_th/R_th、R_N = R_th を並列に接続します。

RC・RL 過渡現象

時定数: τ = RC | τ = L/R
応答: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ
直流でのコンデンサ: 開放；v_C は急変しない
直流でのインダクタ: 短絡；i_L は急変しない
定常値: t ≈ 5τ

解き方

切り替え直後の初期値を求めます：コンデンサの電圧とインダクタの電流は急に変化できません。
切り替えから十分時間がたったあとの最終値を求めます：コンデンサは開放、インダクタは短絡として扱えます。
時定数を求めます：τ = RC または τ = L/R。抵抗はコンデンサまたはインダクタから見た抵抗を使います。
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ を使います。

交流インピーダンスとフェーザ

インピーダンス: Z_R = R, Z_L = jωL, Z_C = 1/(jωC)
角周波数: ω = 2πf
大きさと偏角: |Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
フェーザ表示のオームの法則: V = I·Z

解き方

周波数を換算します：ω = 2πf。
各リアクタンスを求めます：X_L = ωL、X_C = 1/(ωC)。
インピーダンスは抵抗と同じように足します。Z = R + jX です。
大きさ |Z| = √(R² + X²) と角度 φ = atan(X/R) を求め、フェーザでオームの法則を使います。

交流電力と力率

有効電力: P = V·I·cos φ
無効電力: Q = V·I·sin φ
皮相電力: S = V·I = √(P² + Q²)
力率: pf = cos φ = P/S
力率改善用コンデンサ: Q_C = P(tan φ₁ − tan φ₂), C = Q_C/(ωV²)

三相電力

Y 結線: V_L = √3·V_ph, I_L = I_ph
Δ 結線: V_L = V_ph, I_L = √3·I_ph
全有効電力: P = √3·V_L·I_L·cos φ = 3·I_ph²·R
皮相電力と無効電力: S = √3·V_L·I_L, Q = P·tan φ
力率改善用コンデンサ: Q_C = P(tan φ₁ − tan φ₂), C = Q_C/(3ωV²)
各コンデンサにかかる電圧: Δ：V_L Y：V_L/√3
モーターの入力: P_in = P_out/η

変圧器

巻数比: a = N₁/N₂ = V₁/V₂
電流比: I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a
定格電流: I = S/V
換算インピーダンス: Z₁′ = a²·Z_L
部分負荷時の銅損: P_cu = x²·P_cu,fl
効率: η = x·S·pf/(x·S·pf + P_core + x²·P_cu,fl)
最大効率: x = √(P_core/P_cu,fl)

2演習問題

1.抵抗の直列・並列ふつう

R₂ を流れる電流 I_R2 を求めよ。

V₁ = 30 VR₁ = 6 ΩR₂ = 10 ΩR₃ = 8 ΩR₄ = 3 Ω

I_R2 = A

2.抵抗の直列・並列むずかしい

電源が供給し R₁ を流れる電流 I_R1 を求めよ。

V₁ = 12 VR₁ = 6 ΩR₂ = 25 ΩR₃ = 10 ΩR₄ = 5 ΩR₅ = 30 ΩR₆ = 10 Ω

I_R1 = A

3.節点解析ふつう

図のように、節点 A と接地の間に 3 本の枝が接続されている。節点解析を使って、枝 3 を矢印の向きに上向きに節点 A へ流れる電流 I₃ を求めよ。

V₁ = 12 VR₁ = 3 ΩV₂ = 12 VR₂ = 15 ΩV₃ = 24 VR₃ = 12 Ω

I₃ = A

4.節点解析むずかしい

節点解析を使って節点電圧 V_B（接地基準）を求めよ。

V₁ = 24 VI_s = 2.5 AV₂ = 6 VR₁ = 4 ΩR₂ = 4 ΩR₃ = 8 ΩR₄ = 4 ΩR₅ = 5 Ω

V_B = V

5.テブナン・ノートンふつう

a–b 間に負荷 R_L = 20 Ω を接続する。回路の残りをテブナン等価回路に置き換え、負荷電流 I_L を求めよ。

V₁ = 12 VR₁ = 3 ΩR₂ = 3 ΩR₃ = 6 ΩR_L = 20 Ω

I_L = A

6.テブナン・ノートンむずかしい

a–b 間に負荷 R_L = 8 Ω を接続する。回路の残りをテブナン等価回路に置き換え、負荷電流 I_L を求めよ。

V₁ = 10 VI_s = 5 AR₁ = 3 ΩR₂ = 4 ΩR₃ = 12 ΩR_L = 8 Ω

I_L = A

7.RC・RL 過渡現象ふつう

電源 Vₛ は R₁ を通してコンデンサを充電し、R₂ は C と並列に接続されています。 t = 0 でスイッチが閉じるとき、コンデンサは充電されていない。 t = 50 ms におけるコンデンサの電圧 v_C を求めよ。

V_s = 24 VR₁ = 1 kΩR₂ = 3.3 kΩC = 47 µFt = 50 ms

v_C = V

8.RC・RL 過渡現象むずかしい

タイマーが t = 0 に、5 V の電源から抵抗を通して充電されていないコンデンサの充電を始める。コンデンサの電圧が 2.5 V に達したとき、開始からちょうど 25 ms 後に作動しなければならない。 C = 100 µF のとき、必要な抵抗 R を求めよ。

V_s = 5 VV_th = 2.5 VT = 25 msC = 100 µF

R = kΩ

9.交流インピーダンスとフェーザふつう

直列 RLC 回路を 120 V（実効値）、100 Hz の電源に接続する。回路の力率 cos φ を求めよ。

V = 120 V (rms)f = 100 HzR = 80 ΩL = 100 mHC = 47 µF

cos φ =

10.交流インピーダンスとフェーザむずかしい

直列 RLC 回路を 120 V（実効値）、100 Hz の電源に接続する。回路の共振周波数 f₀ を求めよ。

V = 120 V (rms)f = 100 HzR = 30 ΩL = 250 mHC = 2.2 µF

f₀ = Hz

11.交流電力と力率ふつう

2 つの負荷が 240 V の単相電源に並列に接続されている：遅れ力率 0.85 の 5 kW の負荷と、遅れ力率 0.9 の 25 kW の負荷。電源から流れる全電流 I を求めよ。

V = 240 VP₁ = 5 kW, pf₁ = 0.85 遅れP₂ = 25 kW, pf₂ = 0.9 遅れ

I = A

12.交流電力と力率むずかしい

単相負荷が 400 V、60 Hz の電源から遅れ力率 0.65 で 5 kW を消費する。並列にコンデンサをつないで力率を 0.98 に改善する。コンデンサが供給すべき無効電力 Q_C を求めよ。

P = 5 kWpf₁ = 0.65pf₂ = 0.98V = 400 Vf = 60 Hz

Q_C = kvar

13.三相電力ふつう

平衡三相負荷が、線間電圧 415 V の電源から線電流 25 A を流している。力率は遅れ 0.7 である。負荷が消費する全有効電力 P を kW で求めよ。

V_L = 415 VI_L = 25 Acos φ = 0.7

P = kW

14.三相電力むずかしい

平衡三相負荷が、415 V（線間）、60 Hz の電源から遅れ力率 0.72 で 150 kW を消費している。負荷と並列に三相コンデンサバンクを接続し、全体の力率を遅れ 0.9 に改善する。有効電力は変わらない。コンデンサは Y 結線である。各コンデンサの静電容量 C_ph を µF で求めよ。

P = 150 kWpf₁ = 0.72pf₂ = 0.9V_L = 415 Vf = 60 Hz

C_ph = µF

15.変圧器ふつう

巻数比 N₁:N₂ = 2:1 の理想変圧器の一次巻線に 460 V を加える。二次巻線に 24 Ω の抵抗を接続する。一次電流 I₁ を求めよ。

N₁:N₂ = 2:1V₁ = 460 VR_L = 24 Ω

I₁ = A

16.変圧器むずかしい

単相 250 kVA の変圧器の鉄損は 1250 W である。定格負荷、遅れ力率 0.85 での効率は 98% である。全負荷銅損 P_cu,fl を W で求めよ。

S = 250 kVAP_core = 1250 Wpf = 0.85η = 98%

P_cu,fl = W

3溶液

1.抵抗の直列・並列

答え: I_R2 = 1.398 A

直列と並列の抵抗：直列では各抵抗に同じ電流が流れ、R = R₁ + R₂ + …。並列では各抵抗に同じ電圧がかかり、1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …。はしご形回路は 1 組ずつまとめ、1 つの合成抵抗になるまで続けます。

遠い端から抵抗をまとめる

電源から最も遠い端から始め、電源に向かって戻ります。同じ電流が流れる抵抗は直列、同じ 2 つの節点の間にある抵抗は並列です。

R₃ + R₄ = 8 + 3 = 11 Ω

R₂ ∥ 11 = 10·11/(10+11) = 5.238 Ω

R_eq = R₁ + 5.238 = 6 + 5.238 = 11.24 Ω

電源からの電流

電源から見えるのは R_eq だけなので、オームの法則で電源の電流が求まります。この電流は R₁ を流れます。

I_R1 = V₁/R_eq = 30/11.24 = 2.669 A

R₂ を流れる電流

R₁ の電圧降下を引くと節点 A の電圧、つまり R₂ の両端電圧が得られます。

V_A = V₁ − I_R1·R₁ = 30 − 2.669·6 = 13.98 V

I_R2 = V_A/R₂ = 13.98/10 = 1.398 A

答え

I_R2 = 1.398 A

2.抵抗の直列・並列

答え: I_R1 = 0.7918 A

遠い端から抵抗をまとめる

電源から最も遠い端から始め、電源に向かって戻ります。同じ電流が流れる抵抗は直列、同じ 2 つの節点の間にある抵抗は並列です。

R₅ + R₆ = 30 + 10 = 40 Ω

R₄ ∥ 40 = 4.444 Ω

R₃ + 4.444 = 14.44 Ω

R₂ ∥ 14.44 = 9.155 Ω

R_eq = R₁ + 9.155 = 6 + 9.155 = 15.15 Ω

電源からの電流

電源から見えるのは R_eq だけなので、オームの法則で電源の電流が求まります。この電流は R₁ を流れます。

I_R1 = V₁/R_eq = 12/15.15 = 0.7918 A

答え

I_R1 = 0.7918 A

3.節点解析

答え: I₃ = −2.483 A

節点解析：基準節点を選び、未知の節点電圧に名前をつけ、オームの法則 (I = ΔV/R) を使って各未知節点でキルヒホッフの電流則を立て、連立方程式を解きます。

節点 A の KCL

下の配線を接地とします。各枝は A から (V_A − V_k)/R_k の電流を流し出します。V_k はその枝の電源電圧です（単なる抵抗なら 0）。A から流れ出る電流の和は 0 です。

(V_A − 12)/3 + (V_A − 12)/15 + (V_A − (−24))/12 = 0

V_A について解く

V_A = (12/3 + 12/15 + (−24)/12) / (1/3 + 1/15 + 1/12) = 2.8/0.4833 = 5.793 V

枝電流

矢印は枝を上向きに通り、節点 A に向かっています。

I₃ = ((−24) − V_A)/R₃ = ((−24) − 5.793)/12 = −2.483 A

答え

I₃ = −2.483 A

結果が負なら、実際の電流は矢印と逆向きに流れています。

4.節点解析

答え: V_B = 10.67 V

節点を設定する

接地は下の導線です。既知の節点電圧は電源から直接わかります（V₁ = 24 V, V₂ = 6 V）。未知数：V_A, V_B。

節点 A の KCL

抵抗を通って A から流れ出る電流は、電源が A に流し込む電流に等しくなります。

V_A/R₃ + (V_A − V₁)/R₁ + (V_A − V_B)/R₂ = 0

V_A/8 + (V_A − 24)/4 + (V_A − V_B)/4 = 0

0.625·V_A − 0.25·V_B = 6

節点 B の KCL

抵抗を通って B から流れ出る電流は、電源が B に流し込む電流に等しくなります。

V_B/R₅ + (V_B − V_A)/R₂ + (V_B − V₂)/R₄ = I_s

V_B/5 + (V_B − V_A)/4 + (V_B − 6)/4 = 2.5

−0.25·V_A + 0.7·V_B = 4

解く

Δ = (0.625)(0.7) − (−0.25)(−0.25) = 0.375

V_A = Δ₁/Δ = 5.2/0.375 = 13.87 V

V_B = Δ₂/Δ = 4/0.375 = 10.67 V

答え

V_B = 10.67 V

5.テブナン・ノートン

答え: I_L = 0.2182 A

テブナンの定理：線形な 2 端子回路は、1 つの電圧源 V_th と抵抗 R_th の直列回路と同じに振る舞います。ノートンの定理は同じ回路を、電流源 I_N = V_th/R_th と R_th の並列回路として表します。

すべての電源を止めて R_th を求める

電圧源を短絡に、電流源を開放に置き換え、a–b から回路を見ます。

R₁ ∥ R₂ = 3·3/(3+3) = 1.5 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 1.5 + 6 = 7.5 Ω

開放電圧 V_th を求める

a–b が開放のとき R₃ には電流が流れないので電圧降下はなく、V_b = V_A です。R₁ と R₂ は分圧回路になります。

V_th = V₁·R₂/(R₁+R₂) = 12·3/(3+3) = 6 V

負荷をテブナン等価回路につなぐ

テブナン電源と直列の R_th は a–b で元の回路とまったく同じに振る舞うので、負荷からは単純な直列回路に見えます。

I_L = V_th/(R_th + R_L) = 6/(7.5 + 20) = 0.2182 A

6.テブナン・ノートン

答え: I_L = 3.421 A

すべての電源を止めて R_th を求める

電圧源を短絡に、電流源を開放に置き換え、a–b から回路を見ます。

R₁ ∥ R₂ = 3·4/(3+4) = 1.714 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 1.714 + 12 = 13.71 Ω

開放電圧 V_th を求める

a–b が開放のとき、Iₛ の経路は R₃ を通って節点 A へ向かうものだけです。V₁ と Iₛ の重ね合わせで V_A を求め、R₃ の電圧降下を加えます。

V_A = V₁·R₂/(R₁+R₂) + I_s·(R₁∥R₂) = 5.714 + 5·1.714 = 14.29 V

V_th = V_B = V_A + I_s·R₃ = 14.29 + 5·12 = 74.29 V

負荷をテブナン等価回路につなぐ

テブナン電源と直列の R_th は a–b で元の回路とまったく同じに振る舞うので、負荷からは単純な直列回路に見えます。

I_L = V_th/(R_th + R_L) = 74.29/(13.71 + 8) = 3.421 A

7.RC・RL 過渡現象

答え: v_C = 13.81 V

1 次の過渡現象：コンデンサまたはコイルを 1 つ含む回路では、すべての電圧・電流が初期値から最終値へ指数関数的に変化します：x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ、τ = RC または τ = L/R。約 5τ で回路は定常状態になります。

コンデンサから見たテブナン等価回路

電源を短絡して R_th を求め、コンデンサを開放して最終的に落ち着く電圧を求めます。

R_th = R₁ ∥ R₂ = 1·3.3/(1 + 3.3) = 0.7674 kΩ

v_C(∞) = 24·3.3/(1 + 3.3) = 18.42 V

時定数

τ = R_th·C = 0.7674·47 = 36.07 ms

充電曲線

v_C(t) = 18.42·(1 − e^−50/36.07) = 13.81 V

答え

v_C = 13.81 V

8.RC・RL 過渡現象

答え: R = 0.3607 kΩ

必要な時定数

2.5 = 5·(1 − e^−25/τ) → τ = 25/ln(5/(5 − 2.5))

τ = 25/0.6931 = 36.07 ms

抵抗

kΩ × µF でミリ秒になります。

R = τ/C = 36.07/100 = 0.3607 kΩ

答え

R = 0.3607 kΩ

9.交流インピーダンスとフェーザ

答え: cos φ = 0.9403

フェーザによる交流回路：抵抗、コイル、コンデンサのインピーダンスは R、jωL、1/(jωC)（ω = 2πf）です。直列では抵抗と同じように足しますが、複素数として計算します。電流と電圧の実効値は |Z| を使ったオームの法則に従います。

リアクタンス

X_L = 62.83 Ω, X_C = 33.86 Ω

インピーダンス

|Z| = √(80² + (28.97)²) = 85.08 Ω

力率

cos φ = R/|Z| = 80/85.08 = 0.9403

回路は誘導性なので、力率は遅れです。

答え

cos φ = 0.9403

10.交流インピーダンスとフェーザ

答え: f₀ = 214.6 Hz

共振

共振時には誘導性リアクタンスと容量性リアクタンスが打ち消し合います：ωL = 1/(ωC)。電源周波数は関係ありません。

f₀ = 1/(2π√(LC)) = 1/(2π·√(0.25·2.2·10⁻⁶)) = 214.6 Hz

答え

f₀ = 214.6 Hz

11.交流電力と力率

答え: I = 140.1 A

交流電力：皮相電力 S = V·I (VA) は、有効な仕事をする有効電力 P = S·cos φ (W) と、電源と負荷の間を行き来する無効電力 Q = S·sin φ (var) に分かれます。力率は cos φ です。並列コンデンサは無効電力をその場で供給するので、同じ有効電力でも線電流が減ります。

各負荷の無効電力

遅れ負荷は無効電力を消費し（Q > 0）、進み負荷は無効電力を供給します（Q < 0）。

Q₁ = 5·tan(arccos 0.85) = 3.099 kvar

Q₂ = 25·tan(arccos 0.9) = 12.11 kvar

合計

P = 5 + 25 = 30 kW

Q = 3.099 + 12.11 = 15.21 kvar

S = √(30² + 15.21²) = 33.63 kVA

全電流

I = S/V = 33634/240 = 140.1 A

答え

I = 140.1 A

12.交流電力と力率

答え: Q_C = 4.83 kvar

改善前後の無効電力

有効電力 P は変わらず、電源から取る無効電力だけが変わります。

Q₁ = P·tan φ₁ = 5·tan(49.46°) = 5.846 kvar

Q₂ = P·tan φ₂ = 5·tan(11.48°) = 1.015 kvar

Q_C = Q₁ − Q₂ = 4.83 kvar

答え

Q_C = 4.83 kvar

13.三相電力

答え: P = 12.58 kW

皮相電力

S = √3·V_L·I_L = √3·415·25 = 17.97 kVA

有効電力

P = S·cos φ = 17.97·0.7 = 12.58 kW

答え

P = 12.58 kW

14.三相電力

答え: C_ph = 1108 µF

平衡三相回路：Y（星形）結線では線間電圧は相電圧の √3 倍、V_L = √3·V_ph で、線電流は相電流に等しくなります。Δ（三角）結線では線間電圧は相電圧に等しく、線電流は相電流の √3 倍、I_L = √3·I_ph です。全電力は 1 相分の電力の 3 倍です：P = 3·V_ph·I_ph·cos φ = √3·V_L·I_L·cos φ。 力率改善：コンデンサは無効電力をその場で供給します：Q_C = P·(tan φ₁ − tan φ₂)。3 個のコンデンサはそれぞれ Q_C/3 = V²·ω·C を供給します。V はそのコンデンサにかかる電圧で、Δ バンクでは V_L、Y バンクでは V_L/√3 です。

改善前後の無効電力

有効電力は変わらないので、それぞれの力率から無効電力が決まります：Q = P·tan φ。

Q₁ = 150·tan(acos 0.72) = 150·0.9639 = 144.6 kvar

Q₂ = 150·tan(acos 0.9) = 150·0.4843 = 72.65 kvar

コンデンサが供給する無効電力

Q_C = Q₁ − Q₂ = 71.93 kvar

1 相あたりの静電容量

Y バンクでは、各コンデンサは線と中性点の間に接続されています。

V = 415/√3 = 239.6 V, ω = 2π·60 = 377 rad/s

C_ph = (Q_C/3)/(ω·V²) = 23977/(377·239.6²) = 1108 µF

答え

C_ph = 1108 µF

15.変圧器

答え: I₁ = 4.792 A

理想変圧器：電圧は巻数の比に、電流はその逆比になります：V₁/V₂ = N₁/N₂ = a、I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a。したがって入力電力と出力電力は等しく、V₁·I₁ = V₂·I₂ です。二次側の負荷インピーダンス Z は、一次側から見ると a²·Z に見えます。

二次電圧と二次電流

V₂ = 460/2 = 230 V

I₂ = 230/24 = 9.583 A

一次電流

理想変圧器には損失がありません：V₁·I₁ = V₂·I₂。

I₁ = I₂/2 = 4.792 A

答え

I₁ = 4.792 A

確認：一次側から見た負荷は a²·R_L = 96 Ω で、460/96 からも同じ電流が得られます。

16.変圧器

答え: P_cu,fl = 3087 W

変圧器の損失：鉄損（ヒステリシス損と渦電流損）は電圧で決まり、負荷によらず一定です。巻線の銅損は電流の 2 乗に比例するので、定格負荷の x 倍の負荷では x²·P_cu,fl になります。効率 η = P_out/(P_out + P_core + P_cu)、ただし P_out = x·S·pf です。効率は銅損と鉄損が等しくなる負荷で最大になります。

出力と入力

P_out = 250·0.85 = 212.5 kW

P_in = 212500/0.98 = 216837 W

全損失と銅損

P_loss = 216837 − 212500 = 4337 W

P_cu,fl = 4337 − 1250 = 3087 W

答え

P_cu,fl = 3087 W

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電気工学概論：直前対策パック

1公式と解法

抵抗の直列・並列

解き方

節点解析

解き方

テブナン・ノートン

解き方

RC・RL 過渡現象

解き方

交流インピーダンスとフェーザ

解き方

交流電力と力率

三相電力

変圧器

2演習問題

3溶液

遠い端から抵抗をまとめる

電源からの電流

R₂ を流れる電流

答え

遠い端から抵抗をまとめる

電源からの電流

答え

節点 A の KCL

VA について解く

枝電流

答え

節点を設定する

節点 A の KCL

節点 B の KCL

解く

答え

すべての電源を止めて Rth を求める

開放電圧 Vth を求める

負荷をテブナン等価回路につなぐ

すべての電源を止めて Rth を求める

開放電圧 Vth を求める

負荷をテブナン等価回路につなぐ

コンデンサから見たテブナン等価回路

時定数

充電曲線

答え

必要な時定数

抵抗

答え

リアクタンス

インピーダンス

力率

答え

共振

答え

各負荷の無効電力

合計

全電流

答え

改善前後の無効電力

答え

皮相電力

有効電力

答え

改善前後の無効電力

コンデンサが供給する無効電力

1 相あたりの静電容量

答え

二次電圧と二次電流

一次電流

答え

出力と入力

全損失と銅損

答え

V_A について解く

すべての電源を止めて R_th を求める

開放電圧 V_th を求める

すべての電源を止めて R_th を求める

開放電圧 V_th を求める