電気工学概論：直前対策パック

公式集、全トピックの解法の要点、16 問の演習問題。完全な解答は巻末にあります。

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1公式と解法

抵抗の直列・並列

抵抗の直列接続: R_eq = R₁ + R₂ + …
抵抗の並列接続: 1/R_eq = 1/R₁ + 1/R₂ + …
2 つの並列接続: R_eq = R₁R₂ / (R₁ + R₂)
オームの法則: V = I·R
電力: P = V·I = I²R = V²/R

解き方

端子からいちばん遠い回路網の端から始めます。
直列の抵抗は足し合わせ、並列の抵抗は 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + … でまとめます。
1 ステップごとに回路を描き直します。
端子間に抵抗が 1 つだけ残るまで繰り返します。

節点解析

キルヒホッフの電流則: ΣI_in = ΣI_out
枝電流: I = (V_a − V_b)/R
基準節点: V_ground = 0

解き方

基準節点（接地）を選び、ほかの節点電圧に名前をつけます。
未知の各節点でキルヒホッフの電流則を書きます：各枝から出ていく電流の和は入ってくる電流の和に等しくなります。
各枝電流を (V_a − V_b)/R で表します。
連立方程式を解き、必要な電流を求めます。

テブナン・ノートン

テブナン電圧: V_th = V_{open circuit}
テブナン抵抗: R_th：すべての電源を取り除き、a–b から見た抵抗
ノートン電流: I_N = V_th/R_th
負荷電流: I_L = V_th/(R_th + R_L)
最大電力伝送: R_L = R_th, P_max = V_th²/(4R_th)

解き方

負荷を外し、2 つの端子を a と b とします。
a と b の間の開放電圧を求めます：これが V_th です。
独立電源をすべて取り除き、a–b から見た抵抗を求めます：これが R_th です。
負荷を等価回路に戻します：V_th と R_th の直列です。
ノートン等価回路には変換します：I_N = V_th/R_th、R_N = R_th を並列に接続します。

RC・RL 過渡現象

時定数: τ = RC | τ = L/R
応答: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ
直流でのコンデンサ: 開放；v_C は急変しない
直流でのインダクタ: 短絡；i_L は急変しない
定常値: t ≈ 5τ

解き方

切り替え直後の初期値を求めます：コンデンサの電圧とインダクタの電流は急に変化できません。
切り替えから十分時間がたったあとの最終値を求めます：コンデンサは開放、インダクタは短絡として扱えます。
時定数を求めます：τ = RC または τ = L/R。抵抗はコンデンサまたはインダクタから見た抵抗を使います。
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ を使います。

交流インピーダンスとフェーザ

インピーダンス: Z_R = R, Z_L = jωL, Z_C = 1/(jωC)
角周波数: ω = 2πf
大きさと偏角: |Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
フェーザ表示のオームの法則: V = I·Z

解き方

周波数を換算します：ω = 2πf。
各リアクタンスを求めます：X_L = ωL、X_C = 1/(ωC)。
インピーダンスは抵抗と同じように足します。Z = R + jX です。
大きさ |Z| = √(R² + X²) と角度 φ = atan(X/R) を求め、フェーザでオームの法則を使います。

交流電力と力率

有効電力: P = V·I·cos φ
無効電力: Q = V·I·sin φ
皮相電力: S = V·I = √(P² + Q²)
力率: pf = cos φ = P/S
力率改善用コンデンサ: Q_C = P(tan φ₁ − tan φ₂), C = Q_C/(ωV²)

三相電力

Y 結線: V_L = √3·V_ph, I_L = I_ph
Δ 結線: V_L = V_ph, I_L = √3·I_ph
全有効電力: P = √3·V_L·I_L·cos φ = 3·I_ph²·R
皮相電力と無効電力: S = √3·V_L·I_L, Q = P·tan φ
力率改善用コンデンサ: Q_C = P(tan φ₁ − tan φ₂), C = Q_C/(3ωV²)
各コンデンサにかかる電圧: Δ：V_L Y：V_L/√3
モーターの入力: P_in = P_out/η

変圧器

巻数比: a = N₁/N₂ = V₁/V₂
電流比: I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a
定格電流: I = S/V
換算インピーダンス: Z₁′ = a²·Z_L
部分負荷時の銅損: P_cu = x²·P_cu,fl
効率: η = x·S·pf/(x·S·pf + P_core + x²·P_cu,fl)
最大効率: x = √(P_core/P_cu,fl)

2演習問題

1.抵抗の直列・並列ふつう

電源が供給し R₁ を流れる電流 I_R1 を求めよ。

V₁ = 10 VR₁ = 6 ΩR₂ = 2 ΩR₃ = 3 ΩR₄ = 15 Ω

I_R1 = A

2.抵抗の直列・並列むずかしい

電源が供給し R₁ を流れる電流 I_R1 を求めよ。

V₁ = 18 VR₁ = 5 ΩR₂ = 2 ΩR₃ = 6 ΩR₄ = 15 ΩR₅ = 2 ΩR₆ = 2 Ω

I_R1 = A

3.節点解析ふつう

節点解析を使って矢印の向きに R₁ を流れる電流 I_R1 を求めよ。

V₁ = 6 VI_s = 1 AR₁ = 8 ΩR₂ = 4 ΩR₃ = 20 ΩR₄ = 5 Ω

I_R1 = A

4.節点解析むずかしい

節点解析を使って節点電圧 V_B（接地基準）を求めよ。

V₁ = 6 VI_s = 1.5 AV₂ = 12 VR₁ = 4 ΩR₂ = 5 ΩR₃ = 10 ΩR₄ = 4 ΩR₅ = 12 Ω

V_B = V

5.テブナン・ノートンふつう

端子 a–b から見たテブナン抵抗 R_th を求めよ。

V₁ = 10 VR₁ = 6 ΩR₂ = 10 ΩR₃ = 3 Ω

R_th = Ω

6.テブナン・ノートンむずかしい

a–b 間に負荷 R_L = 5 Ω を接続する。テブナン等価回路を使って、負荷で消費される電力 P_L を求めよ。

V₁ = 6 VI_s = 5 AR₁ = 6 ΩR₂ = 2 ΩR₃ = 25 ΩR_L = 5 Ω

P_L = W

7.RC・RL 過渡現象ふつう

t = 0 でスイッチが閉じる前、コイルに電流は流れていない。スイッチを閉じてからどれだけ後に、電流が最終値の 90% に達するか。t を求めよ。

V_s = 12 VR = 47 ΩL = 10 mH

t = ms

8.RC・RL 過渡現象むずかしい

R₂ の両端のスイッチは長い間閉じていたので、コイルの電流は定常である。t = 0 にスイッチが開く。 t = 1 ms でのコイルの電流 i を求めよ。

V_s = 9 VR₁ = 10 ΩR₂ = 5 ΩL = 22 mHt = 1 ms

i = A

9.交流インピーダンスとフェーザふつう

直列 RLC 回路を 24 V（実効値）、60 Hz の電源に接続する。電源から供給される有効電力 P を求めよ。

V = 24 V (rms)f = 60 HzR = 30 ΩL = 20 mHC = 100 µF

P = W

10.交流インピーダンスとフェーザむずかしい

直列 RLC 回路を 24 V（実効値）、200 Hz の電源に接続する。電流の実効値 I を求めよ。

V = 24 V (rms)f = 200 HzR = 20 ΩL = 50 mHC = 100 µF

I = A

11.交流電力と力率ふつう

単相モーターが 230 V の電源から、遅れ力率 0.75 で 10 kW を消費する。モーターの無効電力 Q を求めよ。

P = 10 kWpf = 0.75V = 230 V

Q = kvar

12.交流電力と力率むずかしい

単相負荷が 240 V、60 Hz の電源から遅れ力率 0.6 で 45 kW を消費する。並列にコンデンサをつないで力率を 0.92 に改善する。コンデンサが供給すべき無効電力 Q_C を求めよ。

P = 45 kWpf₁ = 0.6pf₂ = 0.92V = 240 Vf = 60 Hz

Q_C = kvar

13.三相電力ふつう

1 相あたりのインピーダンスが 12 + j16 Ω の平衡 Y 結線負荷が、線間電圧 415 V の平衡三相電源に接続されている。負荷が吸収する全有効電力 P を kW で求めよ。

V_L = 415 VZ = 12 + j16 Ω 1 相あたり

P = kW

14.三相電力むずかしい

平衡三相負荷が、400 V（線間）、50 Hz の電源から遅れ力率 0.65 で 200 kW を消費している。負荷と並列に三相コンデンサバンクを接続し、全体の力率を遅れ 0.95 に改善する。有効電力は変わらない。コンデンサは Y 結線である。各コンデンサの静電容量 C_ph を µF で求めよ。

P = 200 kWpf₁ = 0.65pf₂ = 0.95V_L = 400 Vf = 50 Hz

C_ph = µF

15.変圧器ふつう

出力抵抗 1200 Ω の増幅器が、理想変圧器を介して 75 Ω のスピーカーを駆動する。最大電力を伝えるには、増幅器から見てスピーカーが 1200 Ω に見えなければならない。巻数比 a = N₁/N₂ を求めよ。

R_s = 1200 ΩR_L = 75 Ω

a =

16.変圧器むずかしい

単相 75 kVA の変圧器の鉄損は 600 W、定格負荷での銅損は 2400 W である。この変圧器が定格 kVA の 25% を遅れ力率 0.85 で供給している。この負荷での全損失 P_loss を W で求めよ。

S = 75 kVAP_core = 600 WP_cu,fl = 2400 Wx = 0.25pf = 0.85

P_loss = W

3溶液

1.抵抗の直列・並列

答え: I_R1 = 1.282 A

直列と並列の抵抗：直列では各抵抗に同じ電流が流れ、R = R₁ + R₂ + …。並列では各抵抗に同じ電圧がかかり、1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …。はしご形回路は 1 組ずつまとめ、1 つの合成抵抗になるまで続けます。

遠い端から抵抗をまとめる

電源から最も遠い端から始め、電源に向かって戻ります。同じ電流が流れる抵抗は直列、同じ 2 つの節点の間にある抵抗は並列です。

R₃ + R₄ = 3 + 15 = 18 Ω

R₂ ∥ 18 = 2·18/(2+18) = 1.8 Ω

R_eq = R₁ + 1.8 = 6 + 1.8 = 7.8 Ω

電源からの電流

電源から見えるのは R_eq だけなので、オームの法則で電源の電流が求まります。この電流は R₁ を流れます。

I_R1 = V₁/R_eq = 10/7.8 = 1.282 A

答え

I_R1 = 1.282 A

2.抵抗の直列・並列

答え: I_R1 = 2.71 A

遠い端から抵抗をまとめる

電源から最も遠い端から始め、電源に向かって戻ります。同じ電流が流れる抵抗は直列、同じ 2 つの節点の間にある抵抗は並列です。

R₅ + R₆ = 2 + 2 = 4 Ω

R₄ ∥ 4 = 3.158 Ω

R₃ + 3.158 = 9.158 Ω

R₂ ∥ 9.158 = 1.642 Ω

R_eq = R₁ + 1.642 = 5 + 1.642 = 6.642 Ω

電源からの電流

電源から見えるのは R_eq だけなので、オームの法則で電源の電流が求まります。この電流は R₁ を流れます。

I_R1 = V₁/R_eq = 18/6.642 = 2.71 A

答え

I_R1 = 2.71 A

3.節点解析

答え: I_R1 = 0.4639 A

節点解析：基準節点を選び、未知の節点電圧に名前をつけ、オームの法則 (I = ΔV/R) を使って各未知節点でキルヒホッフの電流則を立て、連立方程式を解きます。

節点を設定する

接地は下の導線です。既知の節点電圧は電源から直接わかります（V₁ = 6 V）。未知数：V_A, V_B。

節点 A の KCL

抵抗を通って A から流れ出る電流は、電源が A に流し込む電流に等しくなります。

V_A/R₂ + (V_A − V₁)/R₁ + (V_A − V_B)/R₃ = 0

V_A/4 + (V_A − 6)/8 + (V_A − V_B)/20 = 0

0.425·V_A − 0.05·V_B = 0.75

節点 B の KCL

抵抗を通って B から流れ出る電流は、電源が B に流し込む電流に等しくなります。

V_B/R₄ + (V_B − V_A)/R₃ = I_s

V_B/5 + (V_B − V_A)/20 = 1

−0.05·V_A + 0.25·V_B = 1

解く

Δ = (0.425)(0.25) − (−0.05)(−0.05) = 0.1037

V_A = Δ₁/Δ = 0.2375/0.1037 = 2.289 V

V_B = Δ₂/Δ = 0.4625/0.1037 = 4.458 V

答え

I_R1 = (V₁ − V_A)/R₁ = (6 − 2.289)/8 = 0.4639 A

4.節点解析

答え: V_B = −2.072 V

節点を設定する

接地は下の導線です。既知の節点電圧は電源から直接わかります（V₁ = 6 V, V₂ = −12 V）。未知数：V_A, V_B。

節点 A の KCL

抵抗を通って A から流れ出る電流は、電源が A に流し込む電流に等しくなります。

V_A/R₃ + (V_A − V₁)/R₁ + (V_A − V_B)/R₂ = 0

V_A/10 + (V_A − 6)/4 + (V_A − V_B)/5 = 0

0.55·V_A − 0.2·V_B = 1.5

節点 B の KCL

抵抗を通って B から流れ出る電流は、電源が B に流し込む電流に等しくなります。

V_B/R₅ + (V_B − V_A)/R₂ + (V_B − V₂)/R₄ = I_s

V_B/12 + (V_B − V_A)/5 + (V_B − (−12))/4 = 1.5

−0.2·V_A + 0.5333·V_B = −1.5

解く

Δ = (0.55)(0.5333) − (−0.2)(−0.2) = 0.2533

V_A = Δ₁/Δ = 0.5/0.2533 = 1.974 V

V_B = Δ₂/Δ = −0.525/0.2533 = −2.072 V

答え

V_B = −2.072 V

5.テブナン・ノートン

答え: R_th = 6.75 Ω

テブナンの定理：線形な 2 端子回路は、1 つの電圧源 V_th と抵抗 R_th の直列回路と同じに振る舞います。ノートンの定理は同じ回路を、電流源 I_N = V_th/R_th と R_th の並列回路として表します。

すべての電源を止めて R_th を求める

電圧源を短絡に、電流源を開放に置き換え、a–b から回路を見ます。

R₁ ∥ R₂ = 6·10/(6+10) = 3.75 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 3.75 + 3 = 6.75 Ω

6.テブナン・ノートン

答え: P_L = 90.48 W

すべての電源を止めて R_th を求める

電圧源を短絡に、電流源を開放に置き換え、a–b から回路を見ます。

R₁ ∥ R₂ = 6·2/(6+2) = 1.5 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 1.5 + 25 = 26.5 Ω

開放電圧 V_th を求める

a–b が開放のとき、Iₛ の経路は R₃ を通って節点 A へ向かうものだけです。V₁ と Iₛ の重ね合わせで V_A を求め、R₃ の電圧降下を加えます。

V_A = V₁·R₂/(R₁+R₂) + I_s·(R₁∥R₂) = 1.5 + 5·1.5 = 9 V

V_th = V_B = V_A + I_s·R₃ = 9 + 5·25 = 134 V

負荷をテブナン等価回路につなぐ

テブナン電源と直列の R_th は a–b で元の回路とまったく同じに振る舞うので、負荷からは単純な直列回路に見えます。

I_L = V_th/(R_th + R_L) = 134/(26.5 + 5) = 4.254 A

P_L = I_L²·R_L = 4.254²·5 = 90.48 W

7.RC・RL 過渡現象

答え: t = 0.4899 ms

1 次の過渡現象：コンデンサまたはコイルを 1 つ含む回路では、すべての電圧・電流が初期値から最終値へ指数関数的に変化します：x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ、τ = RC または τ = L/R。約 5τ で回路は定常状態になります。

時定数と最終電流

スイッチを閉じて十分時間がたつと、コイルは短絡と同じに振る舞うので、最終電流は R だけで決まります。

τ = L/R = 10 mH / 47 Ω = 0.2128 ms

i(∞) = V_s/R = 12/47 = 0.2553 A

時間について解く

0.9 = 1 − e^−t/τ → t = −τ·ln(1 − 0.9)

t = −0.2128·ln(0.1) = 0.4899 ms

答え

t = 0.4899 ms

8.RC・RL 過渡現象

答え: i = 0.7517 A

初期値、最終値、時定数

t = 0 より前は閉じたスイッチが R₂ を短絡していますが、その後は R₁ と R₂ の両方がループに入ります。

i(0) = 9/10 = 0.9 A

i(∞) = 9/(10 + 5) = 0.6 A

τ = L/R = 22/15 = 1.467 ms

i(t) = 0.6 + (0.9 − 0.6)·e^−t/τ

指定時刻の電流

i(1) = 0.6 + (0.3)·e^−1/1.467 = 0.7517 A

答え

i = 0.7517 A

9.交流インピーダンスとフェーザ

答え: P = 13.71 W

フェーザによる交流回路：抵抗、コイル、コンデンサのインピーダンスは R、jωL、1/(jωC)（ω = 2πf）です。直列では抵抗と同じように足しますが、複素数として計算します。電流と電圧の実効値は |Z| を使ったオームの法則に従います。

リアクタンス

X_L = 7.54 Ω, X_C = 26.53 Ω

インピーダンス

|Z| = √(30² + (−18.99)²) = 35.5 Ω

有効電力

コイルとコンデンサはエネルギーを蓄えて返すだけです。有効電力はすべて抵抗が消費します。

I = 24/35.5 = 0.676 A

P = I²·R = 0.676²·30 = 13.71 W

答え

P = 13.71 W

10.交流インピーダンスとフェーザ

答え: I = 0.4109 A

リアクタンス

ω = 2πf = 2π·200 = 1257 rad/s

X_L = ωL = 1257·0.05 = 62.83 Ω

X_C = 1/(ωC) = 1/(1257·100·10⁻⁶) = 7.958 Ω

インピーダンス

直列ではインピーダンスを複素数として足します：Z = R + j(X_L − X_C)。

|Z| = √(R² + (X_L − X_C)²) = √(20² + (54.87)²) = 58.41 Ω

電流

直列回路ではすべての素子に同じ電流が流れます。

I = V/|Z| = 24/58.41 = 0.4109 A

答え

I = 0.4109 A

11.交流電力と力率

答え: Q = 8.819 kvar

交流電力：皮相電力 S = V·I (VA) は、有効な仕事をする有効電力 P = S·cos φ (W) と、電源と負荷の間を行き来する無効電力 Q = S·sin φ (var) に分かれます。力率は cos φ です。並列コンデンサは無効電力をその場で供給するので、同じ有効電力でも線電流が減ります。

位相角

φ = arccos(0.75) = 41.41°, tan φ = 0.8819

無効電力

Q = P·tan φ = 10·0.8819 = 8.819 kvar

答え

Q = 8.819 kvar

12.交流電力と力率

答え: Q_C = 40.83 kvar

改善前後の無効電力

有効電力 P は変わらず、電源から取る無効電力だけが変わります。

Q₁ = P·tan φ₁ = 45·tan(53.13°) = 60 kvar

Q₂ = P·tan φ₂ = 45·tan(23.07°) = 19.17 kvar

Q_C = Q₁ − Q₂ = 40.83 kvar

答え

Q_C = 40.83 kvar

13.三相電力

答え: P = 5.167 kW

相電圧

V_ph = 415/√3 = 239.6 V

相電流

|Z| = √(12² + 16²) = 20 Ω

I_ph = 239.6/20 = 11.98 A

全有効電力

有効電力を吸収するのは、各インピーダンスの抵抗分だけです。

P = 3·I_ph²·R = 3·11.98²·12 = 5.167 kW

答え

P = 5.167 kW

確認：cos φ = R/|Z| = 0.6 で、√3·V_L·I_L·cos φ からも同じ電力が得られます。

14.三相電力

答え: C_ph = 3344 µF

平衡三相回路：Y（星形）結線では線間電圧は相電圧の √3 倍、V_L = √3·V_ph で、線電流は相電流に等しくなります。Δ（三角）結線では線間電圧は相電圧に等しく、線電流は相電流の √3 倍、I_L = √3·I_ph です。全電力は 1 相分の電力の 3 倍です：P = 3·V_ph·I_ph·cos φ = √3·V_L·I_L·cos φ。 力率改善：コンデンサは無効電力をその場で供給します：Q_C = P·(tan φ₁ − tan φ₂)。3 個のコンデンサはそれぞれ Q_C/3 = V²·ω·C を供給します。V はそのコンデンサにかかる電圧で、Δ バンクでは V_L、Y バンクでは V_L/√3 です。

改善前後の無効電力

有効電力は変わらないので、それぞれの力率から無効電力が決まります：Q = P·tan φ。

Q₁ = 200·tan(acos 0.65) = 200·1.169 = 233.8 kvar

Q₂ = 200·tan(acos 0.95) = 200·0.3287 = 65.74 kvar

コンデンサが供給する無効電力

Q_C = Q₁ − Q₂ = 168.1 kvar

1 相あたりの静電容量

Y バンクでは、各コンデンサは線と中性点の間に接続されています。

V = 400/√3 = 230.9 V, ω = 2π·50 = 314.2 rad/s

C_ph = (Q_C/3)/(ω·V²) = 56030/(314.2·230.9²) = 3344 µF

答え

C_ph = 3344 µF

15.変圧器

答え: a = 4

理想変圧器：電圧は巻数の比に、電流はその逆比になります：V₁/V₂ = N₁/N₂ = a、I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a。したがって入力電力と出力電力は等しく、V₁·I₁ = V₂·I₂ です。二次側の負荷インピーダンス Z は、一次側から見ると a²·Z に見えます。

換算した負荷を整合させる

a²·75 = 1200

a = √(1200/75) = √16 = 4

答え

a = 4

16.変圧器

答え: P_loss = 750 W

変圧器の損失：鉄損（ヒステリシス損と渦電流損）は電圧で決まり、負荷によらず一定です。巻線の銅損は電流の 2 乗に比例するので、定格負荷の x 倍の負荷では x²·P_cu,fl になります。効率 η = P_out/(P_out + P_core + P_cu)、ただし P_out = x·S·pf です。効率は銅損と鉄損が等しくなる負荷で最大になります。

この負荷での銅損

P_cu = x²·P_cu,fl = 0.0625·2400 = 150 W

全損失

鉄損は負荷によらず一定です。

P_loss = 600 + 150 = 750 W

答え

P_loss = 750 W

この負荷での効率は η = 95.51% です。

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電気工学概論：直前対策パック

1公式と解法

抵抗の直列・並列

解き方

節点解析

解き方

テブナン・ノートン

解き方

RC・RL 過渡現象

解き方

交流インピーダンスとフェーザ

解き方

交流電力と力率

三相電力

変圧器

2演習問題

3溶液

遠い端から抵抗をまとめる

電源からの電流

答え

遠い端から抵抗をまとめる

電源からの電流

答え

節点を設定する

節点 A の KCL

節点 B の KCL

解く

答え

節点を設定する

節点 A の KCL

節点 B の KCL

解く

答え

すべての電源を止めて Rth を求める

すべての電源を止めて Rth を求める

開放電圧 Vth を求める

負荷をテブナン等価回路につなぐ

時定数と最終電流

時間について解く

答え

初期値、最終値、時定数

指定時刻の電流

答え

リアクタンス

インピーダンス

有効電力

答え

リアクタンス

インピーダンス

電流

答え

位相角

無効電力

答え

改善前後の無効電力

答え

相電圧

相電流

全有効電力

答え

改善前後の無効電力

コンデンサが供給する無効電力

1 相あたりの静電容量

答え

換算した負荷を整合させる

答え

この負荷での銅損

全損失

答え

すべての電源を止めて R_th を求める

すべての電源を止めて R_th を求める

開放電圧 V_th を求める