データロガーが 6 チャネルをそれぞれ 0.5 kHz、12 ビットの分解能でサンプリングします。生のデータレート Rb を kbit/s で求めなさい。
解答つきデータ収録とサンプリングワークシート
1.やさしい
n = 6fs = 0.5 kHzN = 12
Rb = kbit/s
2.やさしい
センサ信号に最大 0.5 kHz の周波数が含まれています。エイリアシングなしに捉えられる最小サンプリング周波数 fs,min を求めなさい。
fmax = 0.5 kHz
fs,min = kHz
3.ふつう
入力範囲が 0〜1 V の ADC が、0.5 mV 以下のステップを分解しなければなりません。最小のビット数 N を求めなさい。
VFSR = 1 V分解能 = 0.5 mV
N =
4.ふつう
レコーダが 1 チャネルを 1 kHz、10 ビット ADC でサンプリングします。各サンプルは整数バイトで保存されます。15 分間の記録に必要なメモリ M を MB(1 MB = 10⁶ バイト)で求めなさい。
n = 1fs = 1 kHzN = 10t = 15 min
M = MB
5.むずかしい
16 ビット ADC がすべてのサンプルを UART で 38400 baud、8N1 形式(スタートビット、データ 8 ビット、ストップビット 1 個)で送ります。各サンプルは 2 バイトの整数バイトで送られ、通信路は常にふさがっています。エイリアシングなしにサンプリングできる最高の信号周波数 fmax を Hz で求めなさい。
baud = 38400 BdN = 168N1
fmax = Hz
6.むずかしい
480 Hz の方形波を、アンチエイリアシングフィルタなしで 2 kHz でサンプリングします。方形波には奇数次の高調波 3f₁、5f₁、7f₁、… が含まれます。サンプリングされたデータでは、高調波 3f₁ はどの周波数 fa に現れますか。Hz で答えなさい。
f₁ = 480 Hzfs = 2 kHz高調波: 3f₁
fa = Hz
解答
- 1. Rb = 36 kbit/s
- 2. fs,min = 1 kHz
- 3. N = 11
- 4. M = 1.8 MB
- 5. fmax = 960 Hz
- 6. fa = 560 Hz
ステップごとの詳しい解答:このトピックは examproblems.com で練習できます。