Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −106 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −1068 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0101 0101 << 3. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?
0101 0101<< 3
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Norite įrodyti ¬a → (b ∨ c) kontrapozicija. Kurią implikaciją įrodote vietoj jos? Spustelėkite ją.
¬a → (b ∨ c)
1(b ∨ c) → ¬a
2¬¬a → ¬(b ∨ c)
3¬(b ∨ c) → ¬¬a
4¬a ∧ ¬(b ∨ c)
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Duotos prielaidos p ∨ r; ¬p ∨ q. Kokia išvada iš jų išplaukia? Spustelėkite ją.
p ∨ r¬p ∨ q
1r ∧ q
2r ∨ q
3p ∨ q
4¬r
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 5, 10, 14) sumų sandaugos (POS) formą. Kiek sumos narių (daugiklių) N ji turi?
F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 5, 10, 14)
N =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
4 bitų postūmio registras Q₃Q₂Q₁Q₀ laiko 1001. Kiekvienu taktiniu frontu bitai pasislenka per vieną vietą į dešinę (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ prarandamas), o nuoseklusis įėjimas patenka į Q₃. Nuoseklusis įėjimas yra 0, 0, 0, 1, 1, 0, 1 7 frontais. Nurodykite galutinę būseną Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ dešimtainiu skaičiumi.
Q₃Q₂Q₁Q₀ = 10010, 0, 0, 1, 1, 0, 1
Q =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite mažiausią teigiamą sveikąjį skaičių x, kur x ≡ 1 (mod 4) ir x ≡ 10 (mod 13).
x ≡ 1 (mod 4)x ≡ 10 (mod 13)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
Užšifruokite pranešimą m = 144 RSA viešuoju raktu (n, e) = (187, 11). Raskite šifrogramą c.
n = 187e = 11m = 144
c =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Koks yra Bellmano–Fordo algoritmo laiko sudėtingumas grafui su V viršūnių ir E briaunų?
AO(V × E)
BO(V³ × E)
CO(V + E)
DO(E log V)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
Paėmus abu kiekvienos maksimalaus poravimo (maximal matching) briaunos galus, gaunamas viršūnių denginys. Koks geras šis denginys?
AVisada minimalus viršūnių denginys
BNežinomos kokybės, palyginti su optimaliu
CDaugiausia dvigubai didesnis už minimalų viršūnių denginį
DDaugiausia log n kartų didesnis už minimalų
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Dvejetainio paieškos medžio apėjimas in-order aplanko raktus:
ALygmenų tvarka
BVisada mažėjančia tvarka
CDidėjančia (surikiuota) tvarka
DĮterpimo tvarka
12.Duomenų struktūrosSunkus
AVL mazgas nesubalansuotas, nes jo kairiojo vaiko dešinysis pomedis tapo per aukštas (kairė–dešinė atvejis). Koks taisymas taikomas?
AVienas dešinysis posūkis mazge
BVienas kairysis posūkis mazge
CKairysis posūkis kairiajame vaike, tada dešinysis posūkis mazge
DDešinysis posūkis kairiajame vaike, tada kairysis posūkis mazge
13.Grafų teorijaVidutinis
Ar jungus grafas turi Oilerio ciklą, Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, ar nei vieno? Spustelėkite savo atsakymą.
|V| = 5|E| = 5
1Oilerio ciklas
2Oilerio kelias, ne ciklas
3nei viena
14.Grafų teorijaSunkus
Dijkstros algoritmas vykdomas nuo A. Spustelėkite viršūnę, užfiksuojamą (padaromą galutine) 5 etape; pats A yra 1 etapas.
pradžia: Aetapas 5
1A
2B
3C
4D
5E
6F
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Stulpelyje yra reikšmės 10, 20 ir NULL. Ką grąžina AVG(col)?
A15
B10
C30
DNULL
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Kuris izoliacijos lygis apsaugo nuo „nešvarių“ skaitymų (dirty reads), bet vis dar leidžia nepakartojamus skaitymus (non-repeatable reads)?
ARead committed
BRead uncommitted
CRepeatable read
DSerializable
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kokia įprasta pranešimų seka, kai klientas gauna adresą iš DHCP?
ADiscover, Offer, Request, Acknowledge
BDiscover, Request, Offer, Acknowledge
COffer, Discover, Acknowledge, Request
DRequest, Offer, Discover, Acknowledge
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Ką pati savaime pasiekia Diffie-Hellman raktų mainai ir koks jų silpnumas?
APasirašo svetainių sertifikatus, bet veikia tik su trumpais raktais
BSuderina bendrą paslaptį viešu kanalu, bet vieni jie pažeidžiami tarpininko atakai
CAutentifikuoja abu naudotojus slaptažodžiais, bet reikia centrinio serverio
DTiesiogiai viešu kanalu šifruoja pagrindinį duomenų kiekį, bet dideliems failams ir vaizdo įrašams yra pernelyg lėti
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Tinklą 192.168.10.0/24 reikia padalyti į bent 4 vienodų potinklių. Jei pasiskolinsite kuo mažiau bitų, kiek naudojamų mazgų H turės kiekvienas potinklis?
192.168.10.0/244 subnets
H =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Tinklas 192.168.13.0/24 VLSM būdu dalijamas šiems LAN: A: 47 mazgai, B: 6 mazgai, C: 9 mazgai, D: 21 mazgai, E: 19 mazgai. Potinkliai skiriami nuo .0 aukštyn, pirmiausia LAN su daugiausia mazgų, kiekvienam mažiausias tinkamas potinklis. Koks LAN E tinklo adreso ketvirtasis oktetas x?
A: 47B: 6C: 9D: 21E: 19
x =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 150
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
106 = 0110 1010
invertuota: 1001 0101
+1 → 1001 0110
Perskaitykite be ženklo
1001 0110₂ = 256 − 106 = 150
Atsakymas
U = 150
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: R = 168
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Bitas po bito
Postūmis kairėn 3 perkelia kiekvieną bitą 3 pozicijomis į kairę; bitai, iškritę iš kairiojo galo, prarandami, o dešinėje įeina nuliai.
0101 0101 << 3
= 1010 1000
Rezultato reikšmė
1010 1000₂ = 168
Atsakymas
R = 168
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ¬(b ∨ c) → ¬¬a
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Implikacijos dalys
a = ¬a, b = b ∨ c
Kontrapozicija
¬b → ¬a = ¬(b ∨ c) → ¬¬a
Atsakymas
¬(b ∨ c) → ¬¬a
Kontrapozicija yra ekvivalenti pradiniam teiginiui, todėl ją įrodžius įrodomas ir teiginys.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: r ∨ q
Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.
Eilutės, kuriose visos prielaidos teisingos
p = 1, q = 1, r = 1: r ∧ q = 1, r ∨ q = 1, p ∨ q = 1, ¬r = 0
p = 1, q = 1, r = 0: r ∧ q = 0, r ∨ q = 1, p ∨ q = 1, ¬r = 1
p = 0, q = 1, r = 1: r ∧ q = 1, r ∨ q = 1, p ∨ q = 1, ¬r = 0
p = 0, q = 0, r = 1: r ∧ q = 0, r ∨ q = 1, p ∨ q = 0, ¬r = 0
Išvada
r ∨ q (skiriamoji geba)
Atsakymas
r ∨ q
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 4
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Sugrupuokite nulius
Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.
(C′ + D′)
(B′ + C + D)
(A + C′)
(A′ + C)
Minimali POS forma
F = (C′ + D′)(B′ + C + D)(A + C′)(A′ + C)
N = 4
Atsakymas
N = 4
Egzistuoja kitas to paties dydžio grupavimas; jis turi tiek pat narių ir literalų.
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: Q = 11
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pirmoji kongruencija
x = 1 + 4k
Antroji kongruencija
1 + 4k ≡ 10 (mod 13) → 4k ≡ 9 (mod 13)
k ≡ 10·9 ≡ 12 (mod 13)
Rezultatas
x = 1 + 4·12 = 49
x = 49
patikra: 49 mod 4 = 1, 49 mod 13 = 10
Atsakymas
x = 49
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: c = 155
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Kartotinis kėlimas kvadratu
11 = 8 + 2 + 1
1441 ≡ 144 (mod 187)
1442 ≡ 166 (mod 187)
1444 ≡ 67 (mod 187)
1448 ≡ 1 (mod 187)
14411 ≡ 144·166·1 ≡ 155 (mod 187)
Šifrograma
c = 155
Atsakymas
c = 155
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: A · O(V × E)
Kodėl tai yra atsakymas
Kiekvienas iš V − 1 etapų relaksuoja visas E briaunas, todėl gaunama O(VE); mainais algoritmas tvarkosi su neigiamais briaunų svoriais.
Atsakymas
A · O(V × E)
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: C · Daugiausia dvigubai didesnis už minimalų viršūnių denginį
Kodėl tai yra atsakymas
Poravimo briaunos neturi bendrų viršūnių, todėl optimaliam sprendiniui reikia bent vienos viršūnės kiekvienai briaunai, o šis metodas paima dvi: tai 2-aproksimacija.
Atsakymas
C · Daugiausia dvigubai didesnis už minimalų viršūnių denginį
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · Didėjančia (surikiuota) tvarka
Kodėl tai yra atsakymas
Aplankius kairįjį pomedį, tada mazgą, tada dešinįjį pomedį, BST raktai išvedami surikiuota tvarka.
Atsakymas
C · Didėjančia (surikiuota) tvarka
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · Kairysis posūkis kairiajame vaike, tada dešinysis posūkis mazge
Kodėl tai yra atsakymas
Pirmasis posūkis kairė–dešinė atvejį paverčia kairė–kairė atveju, kurį tada ištaiso dešinysis posūkis nesubalansuotame mazge.
Atsakymas
C · Kairysis posūkis kairiajame vaike, tada dešinysis posūkis mazge
13.Grafų teorija
Atsakymas: Oilerio ciklas
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Dijkstra etapas po etapo
1. A (0): B: 9, C: 11
2. B (9): D: 19, E: 17
3. C (11)
4. E (17): F: 26
5. D (19): F: 23
6. F (23)
etapas 5
D
Atsakymas
D
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: A · 15
Kodėl tai yra atsakymas
AVG nepaiso NULL, todėl apskaičiuoja 10 ir 20 vidurkį, 15, o ne 30 / 3 = 10.
Atsakymas
A · 15
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: A · Read committed
Kodėl tai yra atsakymas
Read committed paslepia nepatvirtintus pakeitimus; repeatable read taip pat apsaugo nuo nepakartojamų skaitymų; serializable apsaugo ir nuo fantomų.
Atsakymas
A · Read committed
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: A · Discover, Offer, Request, Acknowledge
Kodėl tai yra atsakymas
Klientas transliuoja Discover, serveriai atsako Offer pranešimais, klientas Request pranešimu prašo vieno pasiūlymo, o pasirinktas serveris patvirtina Acknowledge pranešimu.
Atsakymas
A · Discover, Offer, Request, Acknowledge
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: B · Suderina bendrą paslaptį viešu kanalu, bet vieni jie pažeidžiami tarpininko atakai
Kodėl tai yra atsakymas
Diffie-Hellman leidžia dviem šalims gauti tą pačią paslaptį, kurios pasiklausantieji negali apskaičiuoti. Užpuolikas viduryje gali vykdyti atskirus mainus su kiekviena šalimi, nebent reikšmės pasirašytos ar kitaip autentifikuotos.
Atsakymas
B · Suderina bendrą paslaptį viešu kanalu, bet vieni jie pažeidžiami tarpininko atakai
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: H = 62
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).
Skolinami bitai
22 = 4 ≥ 4 → b = 2, /26
Mazgai potinklyje
26 − 2 = 62
Atsakymas
H = 62
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: x = 96
VLSM: kiekvienas LAN gauna mažiausią potinklį, kuriame 2ʰ − 2 ≥ jo mazgų skaičius, t. y. prefiksą 32 − h. Pirmiausia skiriant didžiausius potinklius, kiekvienas blokas lygiuojamas į savo dydžio kartotinį, todėl tinklų adresai gaunami sudedant bloko dydžius.