Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų seka 1100 0000 saugo sveikąjį skaičių su ženklu papildomajame kode. Kokia jo reikšmė N dešimtainėje sistemoje?
1100 00008 bit
N =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 1000 0011 << 2. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?
1000 0011<< 2
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti (p ∧ r) → q? Spustelėkite ją.
(p ∧ r) → q
1p ∧ (r → q)
2(p → r) → q
3p → (r → q)
4(p → q) ∧ (r → q)
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∃x (A(x) → B(x)), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.
¬∃x (A(x) → B(x))
1∀x (A(x) → ¬B(x))
2∃x (A(x) ∧ ¬B(x))
3∀x (A(x) ∧ ¬B(x))
4∀x (¬A(x) → ¬B(x))
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
4 į 1 multiplekserio pasirinkimo įėjimai yra S₁ = A ir S₀ = B, o duomenų įėjimai prijungti prie I₀ = 0, I₁ = C′, I₂ = 1, I₃ = C. Kiek iš 8 A, B ir C derinių duoda išėjimą F = 1? Raskite N.
I₀ = 0I₁ = C′I₂ = 1I₃ = C
N =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Sinchroninis dešimtainis (mod-10) skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, 9 ir tada grįžta į 0. Jis pradeda nuo 5. Kokį skaičių Q (dešimtainiu pavidalu) jis rodo po 31 taktinių impulsų?
Q0 = 531N = 10
Q =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite mažiausią teigiamą sveikąjį skaičių x, kur x ≡ 3 (mod 5) ir x ≡ 4 (mod 7).
x ≡ 3 (mod 5)x ≡ 4 (mod 7)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
RSA raktas naudoja pirminius skaičius p = 19 ir q = 41 bei viešąjį rodiklį e = 17. Raskite privatųjį rodiklį d (0 < d < φ(n)).
p = 19q = 41e = 17
d =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Paieška platyn nesvoriniame grafe randa:
ATrumpiausius kelius (pagal briaunų skaičių) nuo pradinės viršūnės
Trumpiausius paprastuosius kelius galima rasti per polinominį laiką. Kas žinoma apie ilgiausio paprastojo kelio tarp dviejų viršūnių paiešką bendrajame grafe?
AJį galima išspręsti Dijkstros algoritmu su priešingo ženklo svoriais
BJis visada išsprendžiamas per O(V + E)
CTai NP-sunkus uždavinys
DJis neišsprendžiamas
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Koks yra blogiausio atvejo dvejetainio paieškos medžio su n mazgų aukštis, jei raktai įterpiami surikiuota tvarka?
A√n
Blog₂ n
Cn (medis tampa susietuoju sąrašu)
D1
12.Duomenų struktūrosSunkus
Raktai 5, 3, 8, 1 šia tvarka įterpiami į tuščią masyvu grįstą dvejetainę min krūvą. Koks galutinis masyvas?
A[1, 3, 5, 8]
B[1, 3, 8, 5]
C[1, 5, 8, 3]
D[3, 1, 8, 5]
13.Grafų teorijaVidutinis
Kiek skirtingų Hamiltono ciklų H turi pilnasis grafas K6? Ciklai, besiskiriantys tik pradine viršūne ar kryptimi, laikomi tuo pačiu.
K6
H =
14.Grafų teorijaSunkus
Dijkstros algoritmas vykdomas nuo A. Spustelėkite viršūnę, užfiksuojamą (padaromą galutine) 4 etape; pats A yra 1 etapas.
pradžia: Aetapas 4
1A
2B
3C
4D
5E
6F
7G
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Pirmoji normalinė forma (1NF) reikalauja, kad:
AKiekvienas neraktinis stulpelis priklauso nuo viso rakto ir tik nuo rakto
BKiekviename stulpelyje būtų atominės reikšmės ir nebūtų pasikartojančių grupių
CNebūtų išorinių raktų
DKiekviena lentelė turėtų lygiai vieną stulpelį
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Įverčiai yra 90, 90 ir 80. Kokias reikšmes duoda RANK() OVER (ORDER BY score DESC)?
A1, 1, 3
B1, 2, 3
C2, 2, 3
D1, 1, 2
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kuris IPv4 antraštės laukas neleidžia paketams amžinai cirkuliuoti maršrutizavimo kilpoje?
AGyvavimo laikas (TTL)
BPaslaugos tipas
CIdentifikatorius
DAntraštės kontrolinė suma
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Ką pati savaime pasiekia Diffie-Hellman raktų mainai ir koks jų silpnumas?
ATiesiogiai viešu kanalu šifruoja pagrindinį duomenų kiekį, bet dideliems failams ir vaizdo įrašams yra pernelyg lėti
BAutentifikuoja abu naudotojus slaptažodžiais, bet reikia centrinio serverio
CPasirašo svetainių sertifikatus, bet veikia tik su trumpais raktais
DSuderina bendrą paslaptį viešu kanalu, bet vieni jie pažeidžiami tarpininko atakai
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Skyriui viename potinklyje reikia 1504 mazgų adresų. Koks yra ilgiausias prefiksas p (mažiausias potinklis), kurio pakanka?
1504 hosts
p =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Tinklas 192.168.135.0/24 VLSM būdu dalijamas šiems LAN: A: 63 mazgai, B: 7 mazgai, C: 5 mazgai, D: 51 mazgai. Potinkliai skiriami nuo .0 aukštyn, pirmiausia LAN su daugiausia mazgų, kiekvienam mažiausias tinkamas potinklis. Koks LAN D tinklo adreso ketvirtasis oktetas x?
A: 63B: 7C: 5D: 51
x =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: N = −64
Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.
Sudėkite vertes
Kiti bitai išlaiko įprastas teigiamas vertes.
−128 + 64 = −64
Atsakymas
N = −64
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: R = 12
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Bitas po bito
Postūmis kairėn 2 perkelia kiekvieną bitą 2 pozicijomis į kairę; bitai, iškritę iš kairiojo galo, prarandami, o dešinėje įeina nuliai.
1000 0011 << 2
= 0000 1100
Rezultato reikšmė
0000 1100₂ = 12
Atsakymas
R = 12
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: p → (r → q)
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Dėsnis
Eksportacija: (a ∧ b) → c ≡ a → (b → c). Abi yra 0 tik tada, kai a = 1, b = 1 ir c = 0.
(p ∧ r) → q ≡ p → (r → q)
Patikrinkite teisingumo lentele
p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 0, r = 1: 0 | 0 0 0 0
p = 1, q = 0, r = 0: 1 | 1 1 1 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 0 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 | 0 1 1 1
p = 0, q = 0, r = 1: 1 | 0 0 1 0
p = 0, q = 0, r = 0: 1 | 0 0 1 1
Atsakymas
p → (r → q)
Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ∀x (A(x) ∧ ¬B(x))
Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.
Perkelkite neigimą į vidų
¬∃x (A(x) → B(x)) ≡ ∀x (A(x) ∧ ¬B(x))
Atsakymas
∀x (A(x) ∧ ¬B(x))
Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 4
Multiplekseris: 2ⁿ į 1 multiplekseris perduoda vieną iš savo duomenų įėjimų į išėjimą; pasirinkimo linijos, skaitomos kaip dvejetainis skaičius, nurodo kurį. 4 į 1 MUX su pasirinkimo įėjimais S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Duomenų įėjimus prijungus prie 0, 1, C arba C′, MUX gali sukurti bet kurią A, B ir C funkciją; tai dažnas būdas sudaryti logiką viena mikroschema.
Išėjimo išraiška
F = A′BC′ + AB′ + ABC
Eilutės su F = 1
ABC = 010, 100, 101, 111
N = 4
Atsakymas
N = 4
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: Q = 6
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Pilni ciklai
Kas 10 impulsų skaitiklis grįžta į tą pačią būseną.
31 = 3·10 + 1
Skaičius po likusių impulsų
Q = (5 + 1) mod 10 = 6
Q = 0110₂
Atsakymas
Q = 6
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: x = 18
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pirmoji kongruencija
x = 3 + 5k
Antroji kongruencija
3 + 5k ≡ 4 (mod 7) → 5k ≡ 1 (mod 7)
k ≡ 3·1 ≡ 3 (mod 7)
Rezultatas
x = 3 + 5·3 = 18
x = 18
patikra: 18 mod 5 = 3, 18 mod 7 = 4
Atsakymas
x = 18
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: d = 593
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Modulis ir Oilerio funkcija
n = 19·41 = 779
φ(n) = 18·40 = 720
Išplėstinis Euklido algoritmas
r = 720, t = 0
r = 17, q = 42, t = 1
r = 6, q = 2, t = −42
r = 5, q = 1, t = 85
r = 1, q = 5, t = −127
Privatusis rodiklis
d = 593
patikra: 17·593 = 10081 = 14·720 + 1
Atsakymas
d = 593
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: A · Trumpiausius kelius (pagal briaunų skaičių) nuo pradinės viršūnės
Kodėl tai yra atsakymas
BFS aplanko viršūnes pagal atstumą (briaunomis) nuo pradinės viršūnės, todėl per O(V + E) randa trumpiausius kelius nesvoriniame grafe.
Atsakymas
A · Trumpiausius kelius (pagal briaunų skaičių) nuo pradinės viršūnės
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: C · Tai NP-sunkus uždavinys
Kodėl tai yra atsakymas
V − 1 ilgio ilgiausias paprastasis kelias yra Hamiltono kelias, o tai NP-pilnas uždavinys; tačiau kryptiniuose beciklius grafuose jis išsprendžiamas per tiesinį laiką.
Atsakymas
C · Tai NP-sunkus uždavinys
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · n (medis tampa susietuoju sąrašu)
Kodėl tai yra atsakymas
Įterpiant surikiuotus raktus susidaro išsigimęs n aukščio medis, todėl paieška tampa O(n). Subalansuoti medžiai to išvengia.
Atsakymas
C · n (medis tampa susietuoju sąrašu)
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: B · [1, 3, 8, 5]
Kodėl tai yra atsakymas
Po 5, 3, 8 masyvas yra [3, 5, 8]; 1 patenka į indeksą 3, susikeičia su tėvu 5, o tada su 3, todėl gaunama [1, 3, 8, 5].
Atsakymas
B · [1, 3, 8, 5]
13.Grafų teorija
Atsakymas: H = 60
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Suskaičiuokite
H = (6 − 1)!/2 = 120/2 = 60
Atsakymas
H = 60
14.Grafų teorija
Atsakymas: G
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Dijkstra etapas po etapo
1. A (0): B: 8, C: 10
2. B (8)
3. C (10): E: 18, G: 14
4. G (14): D: 21
5. E (18): F: 24
6. D (21)
7. F (24)
etapas 4
G
Atsakymas
G
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: B · Kiekviename stulpelyje būtų atominės reikšmės ir nebūtų pasikartojančių grupių
Kodėl tai yra atsakymas
1NF reikalauja atominių reikšmių kiekviename langelyje ir unikalaus eilučių identifikavimo, be pasikartojančių grupių.
Atsakymas
B · Kiekviename stulpelyje būtų atominės reikšmės ir nebūtų pasikartojančių grupių
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: A · 1, 1, 3
Kodėl tai yra atsakymas
RANK lygioms eilutėms suteikia tą patį rangą ir praleidžia kitus skaičius (1, 1, 3); DENSE_RANK duotų 1, 1, 2.
Atsakymas
A · 1, 1, 3
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: A · Gyvavimo laikas (TTL)
Kodėl tai yra atsakymas
Kiekvienas maršrutizatorius sumažina TTL; pasiekus nulį, paketas atmetamas ir paprastai išsiunčiamas ICMP pranešimas Time Exceeded. IPv6 jis vadinamas šuolių riba (hop limit).
Atsakymas
A · Gyvavimo laikas (TTL)
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: D · Suderina bendrą paslaptį viešu kanalu, bet vieni jie pažeidžiami tarpininko atakai
Kodėl tai yra atsakymas
Diffie-Hellman leidžia dviem šalims gauti tą pačią paslaptį, kurios pasiklausantieji negali apskaičiuoti. Užpuolikas viduryje gali vykdyti atskirus mainus su kiekviena šalimi, nebent reikšmės pasirašytos ar kitaip autentifikuotos.
Atsakymas
D · Suderina bendrą paslaptį viešu kanalu, bet vieni jie pažeidžiami tarpininko atakai
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: p = 21
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).
Reikalingi mazgo bitai
210 − 2 = 1022 < 1504
211 − 2 = 2046 ≥ 1504 → h = 11
Prefikso ilgis
p = 32 − 11 = 21
Atsakymas
p = /21
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: x = 128
VLSM: kiekvienas LAN gauna mažiausią potinklį, kuriame 2ʰ − 2 ≥ jo mazgų skaičius, t. y. prefiksą 32 − h. Pirmiausia skiriant didžiausius potinklius, kiekvienas blokas lygiuojamas į savo dydžio kartotinį, todėl tinklų adresai gaunami sudedant bloko dydžius.