Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
pozicijų vertės papildomajame kode1−12806403211618141211

8 bitų seka 1001 1111 saugo sveikąjį skaičių su ženklu papildomajame kode. Kokia jo reikšmė N dešimtainėje sistemoje?

1001 11118 bit
N =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 1111 1010 AND 1011 1010. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

1111 1010AND1011 1010
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
abcc → a¬(b → c) ∨ (c → a)¬(¬(b → c) ∨ (c → a))111?110?101?100?011?010?001?000?

Kiek iš 8 teisingumo lentelės eilučių ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) yra teisinga? Pažymėkite šį skaičių N.

¬(¬(b → c) ∨ (c → a))
N =
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
a¬ac¬a ∧ c

Duotos prielaidos a → b; b → c; ¬c. Kokia išvada iš jų išplaukia? Spustelėkite ją.

a → bb → c¬c
  1. 1a
  2. 2¬a
  3. 3c
  4. 4¬a ∧ c
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
MUXC′I0​0I1​C′I2​1I3​ABS1​S0​F

4 į 1 multiplekserio pasirinkimo įėjimai yra S₁ = A ir S₀ = B, o duomenų įėjimai prijungti prie I₀ = C′, I₁ = 0, I₂ = C′, I₃ = 1. Kiek iš 8 A, B ir C derinių duoda išėjimą F = 1? Raskite N.

I₀ = C′I₁ = 0I₂ = C′I₃ = 1
N =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
ABCD000111100001111000110312141507X6X120131151141809011010

Raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 4, 5, 8, 14, 15) + d(6, 12) SOP formą, kur d žymi nesvarbias sąlygas. Kiek sandaugos narių N ji turi?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 4, 5, 8, 14, 15) + d(6, 12)
N =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite mažiausią teigiamą sveikąjį skaičių x, kur x ≡ 5 (mod 6) ir x ≡ 8 (mod 13).

x ≡ 5 (mod 6)x ≡ 8 (mod 13)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
mc = me​ mod n315m = cd​ mod n?(n, e) = (943, 3)d

RSA raktas naudoja p = 23, q = 41 ir e = 3. Iššifruokite šifrogramą c = 315: raskite pranešimą m.

p = 23q = 41e = 3c = 315
m =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Kam lygus rekurentinės lygties T(n) = 2T(n − 1) + O(1) sprendinys?

  1. AO(n)
  2. BO(n log n)
  3. CO(2ⁿ)
  4. DO(n²)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Uždavinys yra NP-pilnas, jei jis:

  1. ANeišsprendžiamas
  2. BPriklauso NP ir kiekvienas NP uždavinys į jį redukuojamas per polinominį laiką
  3. CNepriklauso NP, bet yra sunkesnis už visus NP uždavinius, pvz., sustojimo problema
  4. DIšsprendžiamas per polinominį laiką
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Kokia sargybinio (fiktyvaus, sentinel) mazgo paskirtis susietajame sąraše?

  1. ASupaprastinti kodą pašalinant specialiuosius atvejus pradžioje ar pabaigoje
  2. BNeleisti sąrašui augti virš nustatyto didžiausio mazgų skaičiaus
  3. CSaugoti elementų skaičių
  4. DPadaryti sąrašą surikiuotą
12.Duomenų struktūrosSunkus

Kad maišos lentelė veiktų teisingai, kokios taisyklės turi laikytis maišos funkcija ir lygybė?

  1. ASkirtingi raktai turi turėti skirtingas maišos reikšmes
  2. BMaišos reikšmės turi būti pirminiai skaičiai
  3. CVienodos maišos reikšmės reiškia lygius raktus
  4. DLygūs raktai turi turėti vienodas maišos reikšmes
13.Grafų teorijaVidutinis

Kiek skirtingų Hamiltono ciklų H turi pilnasis grafas K7? Ciklai, besiskiriantys tik pradine viršūne ar kryptimi, laikomi tuo pačiu.

K7
H =
14.Grafų teorijaSunkus
76194141331510ABCDEFG

Raskite svertinio grafo minimalaus karkasinio medžio bendrą svorį W.

|V| = 7|E| = 10
W =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Ką grąžina SELECT SUM(amount) FROM orders, kai WHERE sąlyga neatitinka jokių eilučių?

  1. AKlaidą
  2. BTuščią eilutę
  3. C0
  4. DNULL
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Ką grąžina FULL OUTER JOIN?

  1. ADekarto sandaugą, kai kiekviena vienos lentelės eilutė susiejama su kiekviena kitos lentelės eilute
  2. BTik neatitinkančias eilutes
  3. CTik atitinkančias eilutes
  4. DVisas abiejų lentelių eilutes, susietas, kur įmanoma, o kitur užpildytas NULL
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Kuris iš šių yra privatus IPv4 adresų diapazonas?

  1. A8.8.8.0/24
  2. B200.1.1.0/24
  3. C100.0.0.0/8
  4. D192.168.0.0/16
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Kodėl IPv6 nereikia NAT dėl adresų trūkumo?

  1. AIPv6 nenaudoja adresų
  2. BIPv6 veikia tik vietiniuose tinkluose, todėl adresų niekada nereikia dalytis globaliai
  3. CJo 128 bitų adresų erdvė yra pakankamai didelė, kad kiekvienas įrenginys gautų globalų adresą
  4. DIPv6 šifruoja visus adresus
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/?11111111111111111111100000000000tinklo bitaimazgo bitai

Skyriui viename potinklyje reikia 1668 mazgų adresų. Koks yra ilgiausias prefiksas p (mažiausias potinklis), kurio pakanka?

1668 hosts
p =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
trečiasis oktetas = 199112816403201608141211tinklasmazgas

Mazgo adresas yra 172.20.199.255/17. Koks jo potinklio transliacijos adreso trečiasis oktetas x?

172.20.199.255/17
x =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: N = −97

Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.

Sudėkite vertes

Kiti bitai išlaiko įprastas teigiamas vertes.

−128 + 16 + 8 + 4 + 2 + 1 = −97

Atsakymas

N = −97
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 186

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

AND duoda 1 tik ten, kur abu bitai yra 1.

1111 1010
AND 1011 1010
= 1011 1010

Rezultato reikšmė

1011 1010₂ = 186

Atsakymas

R = 186
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: N = 2

Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.

Teisingumo lentelė eilutė po eilutės

a = 1, b = 1, c = 1: b → c = 1, ¬(b → c) = 0, c → a = 1, ¬(b → c) ∨ (c → a) = 1, ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) = 0
a = 1, b = 1, c = 0: b → c = 0, ¬(b → c) = 1, c → a = 1, ¬(b → c) ∨ (c → a) = 1, ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) = 0
a = 1, b = 0, c = 1: b → c = 1, ¬(b → c) = 0, c → a = 1, ¬(b → c) ∨ (c → a) = 1, ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) = 0
a = 1, b = 0, c = 0: b → c = 1, ¬(b → c) = 0, c → a = 1, ¬(b → c) ∨ (c → a) = 1, ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) = 0
a = 0, b = 1, c = 1: b → c = 1, ¬(b → c) = 0, c → a = 0, ¬(b → c) ∨ (c → a) = 0, ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) = 1
a = 0, b = 1, c = 0: b → c = 0, ¬(b → c) = 1, c → a = 1, ¬(b → c) ∨ (c → a) = 1, ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) = 0
a = 0, b = 0, c = 1: b → c = 1, ¬(b → c) = 0, c → a = 0, ¬(b → c) ∨ (c → a) = 0, ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) = 1
a = 0, b = 0, c = 0: b → c = 1, ¬(b → c) = 0, c → a = 1, ¬(b → c) ∨ (c → a) = 1, ¬(¬(b → c) ∨ (c → a)) = 0

Suskaičiuokite eilutes su reikšme 1

¬(¬(b → c) ∨ (c → a)): 0, 0, 0, 0, 1, 0, 1, 0
N = 2

Atsakymas

N = 2
4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ¬a

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Eilutės, kuriose visos prielaidos teisingos

a = 0, b = 0, c = 0: a = 0, ¬a = 1, c = 0, ¬a ∧ c = 0

Išvada

¬a (dvigubas modus tollens)

Atsakymas

¬a
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: N = 4

Multiplekseris: 2ⁿ į 1 multiplekseris perduoda vieną iš savo duomenų įėjimų į išėjimą; pasirinkimo linijos, skaitomos kaip dvejetainis skaičius, nurodo kurį. 4 į 1 MUX su pasirinkimo įėjimais S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Duomenų įėjimus prijungus prie 0, 1, C arba C′, MUX gali sukurti bet kurią A, B ir C funkciją; tai dažnas būdas sudaryti logiką viena mikroschema.

Išėjimo išraiška

F = A′B′C′ + AB′C′ + AB

Eilutės su F = 1

ABC = 000, 100, 110, 111
N = 4

Atsakymas

N = 4
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: N = 5

Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.

Pagrindiniai implikantai

Didžiausios grupės, kurias galima sudaryti iš vienetų ir X.

BD′, A′C′D, A′CD′, AC′D′, A′BC′, ABC
ABCD000111100001111000110312141507X6X120131151141809011010

Minimalus dengimas

F = BD′ + A′C′D + A′CD′ + AC′D′ + ABC
N = 5

Atsakymas

N = 5
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: x = 47

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pirmoji kongruencija

x = 5 + 6k

Antroji kongruencija

5 + 6k ≡ 8 (mod 13) → 6k ≡ 3 (mod 13)
k ≡ 11·3 ≡ 7 (mod 13)

Rezultatas

x = 5 + 6·7 = 47
x = 47
patikra: 47 mod 6 = 5, 47 mod 13 = 8

Atsakymas

x = 47
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: m = 354

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Privatusis rodiklis

n = 943, φ(n) = 880
d = 3−1 mod 880 = 587

Iššifruokite kartotiniu kėlimu kvadratu

587 = 512 + 64 + 8 + 2 + 1
3151 ≡ 315 (mod 943)
3152 ≡ 210 (mod 943)
3154 ≡ 722 (mod 943)
3158 ≡ 748 (mod 943)
31516 ≡ 305 (mod 943)
31532 ≡ 611 (mod 943)
31564 ≡ 836 (mod 943)
315128 ≡ 133 (mod 943)
315256 ≡ 715 (mod 943)
315512 ≡ 119 (mod 943)
315587 ≡ 315·210·748·836·119 ≡ 354 (mod 943)

Žinutė

m = 354
patikra: 3543 mod 943 = 315

Atsakymas

m = 354
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · O(2ⁿ)

Kodėl tai yra atsakymas

Kvietimų skaičius kiekviename lygmenyje padvigubėja, o lygmenų yra n, todėl iš viso gaunama apie 2ⁿ, kaip Hanojaus bokštų uždavinyje.

Atsakymas

C · O(2ⁿ)
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: B · Priklauso NP ir kiekvienas NP uždavinys į jį redukuojamas per polinominį laiką

Kodėl tai yra atsakymas

NP-pilni uždaviniai yra sunkiausi NP klasėje; polinominis algoritmas vienam iš jų duotų polinominį algoritmą visai NP klasei.

Atsakymas

B · Priklauso NP ir kiekvienas NP uždavinys į jį redukuojamas per polinominį laiką
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: A · Supaprastinti kodą pašalinant specialiuosius atvejus pradžioje ar pabaigoje

Kodėl tai yra atsakymas

Su sargybiniu kiekvienas tikras mazgas turi pirmtaką, todėl įterpimui ar šalinimui pradžioje nereikia specialaus apdorojimo.

Atsakymas

A · Supaprastinti kodą pašalinant specialiuosius atvejus pradžioje ar pabaigoje
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: D · Lygūs raktai turi turėti vienodas maišos reikšmes

Kodėl tai yra atsakymas

Jei dviejų lygių raktų maišos reikšmės skirtųsi, jie būtų saugomi skirtinguose kibiruose ir paieška nepavyktų; nelygūs raktai vis tiek gali turėti tą pačią maišos reikšmę.

Atsakymas

D · Lygūs raktai turi turėti vienodas maišos reikšmes
13.Grafų teorija

Atsakymas: H = 360

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Suskaičiuokite

H = (7 − 1)!/2 = 720/2 = 360

Atsakymas

H = 360
14.Grafų teorija

Atsakymas: W = 30

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Kruskalio algoritmas

GB (1): imti
EF (3): imti
CE (4): imti
GC (5): imti
BC (6): praleisti, uždaro ciklą
AB (7): imti
GD (10): imti

Bendras svoris

W = 1 + 3 + 4 + 5 + 7 + 10 = 30

Atsakymas

W = 30
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: D · NULL

Kodėl tai yra atsakymas

SUM, AVG, MIN ir MAX tuščiai aibei grąžina NULL, o COUNT grąžina 0; COALESCE(SUM(amount), 0) vietoj to duoda 0.

Atsakymas

D · NULL
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: D · Visas abiejų lentelių eilutes, susietas, kur įmanoma, o kitur užpildytas NULL

Kodėl tai yra atsakymas

Pilnasis išorinis sujungimas palieka kiekvieną abiejų lentelių eilutę, sujungia atitikmenis poromis, o trūkstamą pusę užpildo NULL.

Atsakymas

D · Visas abiejų lentelių eilutes, susietas, kur įmanoma, o kitur užpildytas NULL
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: D · 192.168.0.0/16

Kodėl tai yra atsakymas

Privatūs diapazonai yra 10.0.0.0/8, 172.16.0.0/12 ir 192.168.0.0/16; jie nemaršrutizuojami viešajame internete.

Atsakymas

D · 192.168.0.0/16
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · Jo 128 bitų adresų erdvė yra pakankamai didelė, kad kiekvienas įrenginys gautų globalų adresą

Kodėl tai yra atsakymas

IPv6 turi apie 3,4 × 10³⁸ adresų, todėl išnyksta trūkumas, dėl kurio IPv4 prireikė NAT; saugumą vis tiek užtikrina ugniasienės.

Atsakymas

C · Jo 128 bitų adresų erdvė yra pakankamai didelė, kad kiekvienas įrenginys gautų globalų adresą
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: p = 21

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Reikalingi mazgo bitai

210 − 2 = 1022 < 1668
211 − 2 = 2046 ≥ 1668 → h = 11

Prefikso ilgis

p = 32 − 11 = 21

Atsakymas

p = /21
20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: x = 255

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bloko dydis trečiajame oktete

27 = 128

Šio mazgo potinklis

tinklas: 172.20.128.0
transliacija: 172.20.255.255

Atsakymas

x = 255

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals