Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų papildomasis kodas0−12806403201608040201

Nustatykite bitus, kad jie saugotų −64 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?

N = −648 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0011 1000 OR 0001 0111. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

0011 1000OR0001 0111
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
¬c ∧ ¬a¬c ∧ a¬c ∨ ¬ac ∨ ¬a

Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti ¬(c ∨ a)? Spustelėkite ją.

¬(c ∨ a)
  1. 1¬c ∧ ¬a
  2. 2¬c ∧ a
  3. 3¬c ∨ ¬a
  4. 4c ∨ ¬a
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
∀x (¬F(x) → ¬G(x))∀x (F(x) → ¬G(x))∃x (F(x) ∧ ¬G(x))∀x (F(x) ∧ ¬G(x))

Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∃x (F(x) → G(x)), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.

¬∃x (F(x) → G(x))
  1. 1∀x (¬F(x) → ¬G(x))
  2. 2∀x (F(x) → ¬G(x))
  3. 3∃x (F(x) ∧ ¬G(x))
  4. 4∀x (F(x) ∧ ¬G(x))
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABCD000111100001111010011312140507060121130150141809111010

Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 3, 4, 8, 11, 13) sumų sandaugos (POS) formą. Kiek sumos narių (daugiklių) N ji turi?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 3, 4, 8, 11, 13)
N =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
FFQ0​Q0​FFQ1​Q1​FFQ2​Q2​FFQ3​Q3​CLKMOD-10

Mod-10 skaitiklis sudarytas iš mažiausio galimo trigerių skaičiaus. Kiek iš galimų būsenų U niekada nenaudojama?

N = 10
U =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite 31 atvirkštinį moduliu 45: skaičių x, kur 0 < x < 45 ir 31·x ≡ 1 (mod 45).

a = 31n = 45
31−1 mod 45 =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus

Kartotiniu kėlimu kvadratu raskite 6141 mod 11.

a = 6k = 141n = 11
6141 mod 11 =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Koks yra dviejų n × n matricų daugybos standartiniu trigubu ciklu laiko sudėtingumas?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(n³)
  4. DO(n² log n)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Koks yra Dijkstros algoritmo su dvejetaine krūva vykdymo laikas grafui su V viršūnių ir E briaunų?

  1. AO((V + E) log V)
  2. BO(V × E)
  3. CO(V³)
  4. DO(V + E)
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Kelių tinklas turi 100,000 sankryžų, kurių kiekviena sujungta su maždaug 4 kitomis. Kuris vaizdavimas tinkamiausias?

  1. AVienas surikiuotas viršūnių masyvas
  2. BDvejetainė briaunų krūva
  3. CGretimumo sąrašas
  4. DGretimumo matrica
12.Duomenų struktūrosSunkus

Kuri savybė kiekvieną B medį išlaiko tobulai subalansuotą?

  1. ARaktai saugomi tik šaknyje
  2. BKiekvienas mazgas saugo vieną raktą
  3. CKiekvienas mazgas turi lygiai du vaikus
  4. DVisi lapai yra tame pačiame gylyje
13.Grafų teorijaVidutinis

Medis turi 2 viršūnių, kurių laipsnis 4, o visos kitos jo viršūnės yra lapai (laipsnis 1). Kiek lapų L jis turi?

2 × deg 4
L =
14.Grafų teorijaSunkus
1038201111691947ABCDEFG

Raskite svertinio grafo minimalaus karkasinio medžio bendrą svorį W.

|V| = 7|E| = 11
W =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Lentelėje yra eilučių, kurių col yra NULL. Kurias eilutes grąžina WHERE col = NULL?

  1. ATik eilutes, kuriose col yra NULL, kaip su IS NULL
  2. BJokių eilučių, nes palyginimo rezultatas nežinomas
  3. CKlaidą kiekvienoje duomenų bazėje
  4. DVisas lentelės eilutes
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Lentelės b stulpelyje y yra reikšmės 1, 2 ir NULL. Ką grąžina SELECT * FROM a WHERE x NOT IN (SELECT y FROM b)?

  1. AVisai jokių eilučių
  2. BTik a eilutes, kuriose x yra NULL
  3. Ca eilutes, kuriose x nėra 1 ar 2
  4. DKiekvieną a eilutę
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Kurio tipo DNS įrašas susieja mazgo vardą su IPv6 adresu?

  1. ACNAME
  2. BMX
  3. CAAAA
  4. DA
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Mazgai VLAN 10 ir VLAN 20 tame pačiame komutatoriuje negali bendrauti. Ko reikia?

  1. ATo paties MAC adreso abiem mazgams
  2. BPrie abiejų VLAN prijungto šakotuvo
  3. CMaršrutizatoriaus ar 3 lygmens komutatoriaus srautui tarp VLAN maršrutizuoti
  4. DIlgesnio kabelio tarp mazgų
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/?11111111111111111111111100000000tinklo bitaimazgo bitai

Skyriui viename potinklyje reikia 253 mazgų adresų. Koks yra ilgiausias prefiksas p (mažiausias potinklis), kurio pakanka?

253 hosts
p =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
trečiasis oktetas 85 … 88012816403211608140211bendriskiriasi

Maršrutizatorius turi maršrutus į šiuos tinklus: 10.62.85.0/24, 10.62.86.0/24, 10.62.87.0/24, 10.62.88.0/24. Koks ilgiausias vieno apibendrinto maršruto, apimančio juos visus, prefikso ilgis p?

10.62.85.0/24 … 10.62.88.0/24
p =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: U = 192

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Invertuokite ir pridėkite vienetą

64 = 0100 0000
invertuota: 1011 1111
+1 → 1100 0000

Perskaitykite be ženklo

1100 0000₂ = 256 − 64 = 192

Atsakymas

U = 192
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 63

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

OR duoda 1, kur bent vienas bitas yra 1.

0011 1000
OR 0001 0111
= 0011 1111

Rezultato reikšmė

0011 1111₂ = 63

Atsakymas

R = 63
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ¬c ∧ ¬a

Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Dėsnis

De Morgano dėsnis: ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b. ∨ virsta ∧ ir abi dalys paneigiamos.
¬(c ∨ a) ≡ ¬c ∧ ¬a

Patikrinkite teisingumo lentele

a = 1, c = 1: 0 | 0 0 0 1
a = 1, c = 0: 0 | 0 1 1 0
a = 0, c = 1: 0 | 0 0 1 1
a = 0, c = 0: 1 | 1 0 1 1

Atsakymas

¬c ∧ ¬a

Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.

4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ∀x (F(x) ∧ ¬G(x))

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Perkelkite neigimą į vidų

¬∃x (F(x) → G(x)) ≡ ∀x (F(x) ∧ ¬G(x))

Atsakymas

∀x (F(x) ∧ ¬G(x))

Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.

5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: N = 5

Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.

ABCD000111100001111010011312140507060121130150141809111010

Sugrupuokite nulius

Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.

(B′ + C′)
(B + C + D′)
(A + C + D′)
(A′ + C′ + D)
(A′ + B′ + D)

Minimali POS forma

F = (B′ + C′)(B + C + D′)(A + C + D′)(A′ + C′ + D)(A′ + B′ + D)
N = 5

Atsakymas

N = 5

Egzistuoja kitas to paties dydžio grupavimas; jis turi tiek pat narių ir literalų.

6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: U = 6

Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.

Trigerių skaičius

2ⁿ ≥ 10 → n = 4 (2⁴ = 16)

Nenaudojamos būsenos

U = 16 − 10 = 6

Atsakymas

U = 6
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: 31−1 mod 45 = 16

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Išplėstinis Euklido algoritmas

Kiekviena liekana r užrašoma kaip r ≡ t·31 (mod 45).

r = 45, t = 0
r = 31, q = 1, t = 1
r = 14, q = 2, t = −1
r = 3, q = 4, t = 3
r = 2, q = 1, t = −13
r = 1, q = 2, t = 16

Atvirkštinė

1 ≡ 16·31 (mod 45)
x = 16
patikra: 31·16 = 496 = 11·45 + 1

Atsakymas

31−1 mod 45 = 16
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: 6141 mod 11 = 6

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Dvejetainis rodiklis

141 = 100011012 = 128 + 8 + 4 + 1

Kartotinis kėlimas kvadratu

61 ≡ 6 (mod 11)
62 ≡ 3 (mod 11)
64 ≡ 9 (mod 11)
68 ≡ 4 (mod 11)
616 ≡ 5 (mod 11)
632 ≡ 3 (mod 11)
664 ≡ 9 (mod 11)
6128 ≡ 4 (mod 11)

Sudauginkite reikalingus laipsnius

6141 ≡ 6·9·4·4 ≡ 6 (mod 11)

Atsakymas

6141 mod 11 = 6
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · O(n³)

Kodėl tai yra atsakymas

Yra n² elementų, ir kiekvienam reikia n daugybų, todėl gaunama n³ operacijų.

Atsakymas

C · O(n³)
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: A · O((V + E) log V)

Kodėl tai yra atsakymas

Atliekama V minimumo išėmimo ir iki E rakto sumažinimo operacijų, kurių kiekviena O(log V); Fibonačio krūva tai pagerina iki O(E + V log V).

Atsakymas

A · O((V + E) log V)
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: C · Gretimumo sąrašas

Kodėl tai yra atsakymas

Matricai reikėtų 1010 langelių, beveik visi tušti; gretimumo sąrašas saugo tik maždaug 400,000 briaunų įrašų.

Atsakymas

C · Gretimumo sąrašas
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: D · Visi lapai yra tame pačiame gylyje

Kodėl tai yra atsakymas

Užsipildę mazgai skyla aukštyn, o medis paaukštėja tik skylant šakniai, todėl visi lapai visada lieka tame pačiame lygmenyje.

Atsakymas

D · Visi lapai yra tame pačiame gylyje
13.Grafų teorija

Atsakymas: L = 6

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Rankų paspaudimo lema medžiui

L + 8 = 2(L + 2) − 2
L = 6

Atsakymas

L = 6

Trumpesnis kelias: L = 2 + Σ (d − 2) pagal viršūnes, kurių laipsnis d ≥ 3.

14.Grafų teorija

Atsakymas: W = 33

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Kruskalio algoritmas

DF (1): imti
AC (3): imti
GD (4): imti
GE (7): imti
BD (8): imti
GB (9): praleisti, uždaro ciklą
AB (10): imti

Bendras svoris

W = 1 + 3 + 4 + 7 + 8 + 10 = 33

Atsakymas

W = 33
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: B · Jokių eilučių, nes palyginimo rezultatas nežinomas

Kodėl tai yra atsakymas

Bet koks palyginimas su NULL naudojant = duoda UNKNOWN, o WHERE palieka tik TRUE eilutes; vietoj to naudokite col IS NULL.

Atsakymas

B · Jokių eilučių, nes palyginimo rezultatas nežinomas
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: A · Visai jokių eilučių

Kodėl tai yra atsakymas

Palyginimas su NULL yra UNKNOWN, todėl visa sąlyga niekada nebūna TRUE; NOT EXISTS ar NULL reikšmių atfiltravimas padeda išvengti šių spąstų.

Atsakymas

A · Visai jokių eilučių
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · AAAA

Kodėl tai yra atsakymas

A įraše yra IPv4 adresas, AAAA – IPv6 adresas. MX nurodo pašto serverius, o CNAME suteikia pseudonimą.

Atsakymas

C · AAAA
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · Maršrutizatoriaus ar 3 lygmens komutatoriaus srautui tarp VLAN maršrutizuoti

Kodėl tai yra atsakymas

VLAN izoliuoti 2 lygmeniu, todėl srautas tarp jų turi būti maršrutizuojamas, pvz., maršrutizatoriumi per magistralinę jungtį („router on a stick“) ar 3 lygmens komutatoriumi.

Atsakymas

C · Maršrutizatoriaus ar 3 lygmens komutatoriaus srautui tarp VLAN maršrutizuoti
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: p = 24

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Reikalingi mazgo bitai

27 − 2 = 126 < 253
28 − 2 = 254 ≥ 253 → h = 8

Prefikso ilgis

p = 32 − 8 = 24

Atsakymas

p = /24
20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: p = 20

Maršrutų apibendrinimas: apibendrintas maršrutas a.b.c.0/p apima visus tinklus, kurių pirmieji p bitai sutampa. Pirmojo ir paskutinio tinklo besiskiriantį oktetą užrašykite dvejetainiu pavidalu; bendrų pradinių bitų skaičius, pridėjus ankstesnių oktetų bitus, yra ilgiausias apibendrinimo prefiksas.

Palyginkite bitus

85 = 01010101
88 = 01011000
bendri pradiniai bitai: 4

Prefikso ilgis

p = 16 + 4 = 20

Atsakymas

p = /20

Apibendrintas maršrutas: 10.62.80.0/20 (jis taip pat apima tinklų, kurių nėra sąraše: 12).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals