Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −102 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −1028 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Sistema kiekvienam iš 4663 elementų turi suteikti atskirą tokio pat ilgio dvejetainį kodą. Kiek mažiausiai bitų b reikia?
4663
b = bit
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti ¬(q → r)? Spustelėkite ją.
¬(q → r)
1q → ¬r
2¬q ∧ r
3¬q ∨ ¬r
4q ∧ ¬r
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.
¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x))
1∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
2∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))
3∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
4∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Supaprastinkite F = A′B′C + A′B′ + A′C iki minimalios sandaugų sumos formos. Kiek literalų L turi supaprastinta išraiška?
F = A′B′C + A′B′ + A′C
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 4, 6, 7, 8, 9, 10, 13) + d(1, 11) SOP formą, kur d žymi nesvarbias sąlygas. Kiek sandaugos narių N ji turi?
APasirinkimą, kurios eilutės tenkina nurodytą sąlygą
BDviejų lentelių sujungimą pagal raktą
CRezultato rikiavimą
DPasirinkimą, kurie stulpeliai bus rezultate
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Ką apskaičiuoja SELECT day, SUM(amount) OVER (ORDER BY day) FROM sales?
APo vieną eilutę kiekvienai dienai tik su tos dienos suma
BVisų sumų bendrą sumą kiekvienoje eilutėje
CKaupiamąją amount sumą, sutvarkytą pagal day
DVidutinę dienos sumą
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kokią CIDR žymėjimo reikšmę atitinka potinklio kaukė 255.255.255.0?
A/24
B/8
C/16
D/32
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Kaip turinio pristatymo tinklas (CDN) daugiausia pagerina žiniatinklio našumą?
APateikia podėlyje laikomą turinį iš arti naudotojų esančių serverių
BPašalina DNS užklausų poreikį
CPadidina naudotojų paties namų ryšių pralaidumą
DPakeičia TCP spartesniu transporto protokolu
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Tinklą 192.168.10.0/24 reikia padalyti į bent 16 vienodų potinklių. Jei pasiskolinsite kuo mažiau bitų, kiek naudojamų mazgų H turės kiekvienas potinklis?
192.168.10.0/2416 subnets
H =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Mazgo adresas yra 10.20.52.221/29. Koks yra jo potinklio transliacijos adreso paskutinis skaičius (ketvirtasis oktetas) x?
10.20.52.221/29
x =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 154
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
102 = 0110 0110
invertuota: 1001 1001
+1 → 1001 1010
Perskaitykite be ženklo
1001 1010₂ = 256 − 102 = 154
Atsakymas
U = 154
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: b = 13 bit
Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.
Dvejeto laipsniai
212 = 4096 < 4663
213 = 8192 ≥ 4663
Atsakymas
b = 13
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: q ∧ ¬r
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Dėsnis
¬(a → b) ≡ ¬(¬a ∨ b) ≡ a ∧ ¬b: vienintelė eilutė, kurioje implikacija klaidinga.
¬(q → r) ≡ q ∧ ¬r
Patikrinkite teisingumo lentele
q = 1, r = 1: 0 | 0 0 0 0
q = 1, r = 0: 1 | 1 0 1 1
q = 0, r = 1: 0 | 1 1 1 0
q = 0, r = 0: 0 | 1 0 1 0
Atsakymas
q ∧ ¬r
Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.
Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: L = 4
Būlio algebra: išraiškas supaprastinančios taisyklės yra X + X′ = 1 ir X·X′ = 0, X + X = X, sugėrimas X + X·Y = X, jungimo taisyklė X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ir konsensuso teorema XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De Morgano dėsniai (X·Y)′ paverčia X′ + Y′, o (X + Y)′ – X′·Y′. Karno žemėlapis šias taisykles taiko grafiškai: kiekviena dviejų gretimų langelių grupė yra vienas XY + XY′ = X taikymas.
Išraiškos mintermos
A′B′C → m(1)
A′B′ → m(0, 1)
A′C → m(1, 3)
Sugrupuokite ir nuskaitykite
F = A′C + A′B′
Suskaičiuokite literalus
L = 4
Atsakymas
L = 4
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 4
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Pagrindiniai implikantai
Didžiausios grupės, kurias galima sudaryti iš vienetų ir X.
B′D, B′C, A′C, AC′D, AB′, A′BD′
Minimalus dengimas
F = A′C + AC′D + AB′ + A′BD′
N = 4
Atsakymas
N = 4
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: x = 10
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
90 atvirkštinis
r = 97, t = 0
r = 90, q = 1, t = 1
r = 7, q = 12, t = −1
r = 6, q = 1, t = 13
r = 1, q = 6, t = −14
90−1 ≡ 83 (mod 97)
Išspręskite
x ≡ 83·27 = 2241 ≡ 10 (mod 97)
patikra: 90·10 = 900 ≡ 27 (mod 97)
Atsakymas
x = 10
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: m = 27
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Privatusis rodiklis
n = 341, φ(n) = 300
d = 13−1 mod 300 = 277
Iššifruokite kartotiniu kėlimu kvadratu
277 = 256 + 16 + 4 + 1
2461 ≡ 246 (mod 341)
2462 ≡ 159 (mod 341)
2464 ≡ 47 (mod 341)
2468 ≡ 163 (mod 341)
24616 ≡ 312 (mod 341)
24632 ≡ 159 (mod 341)
24664 ≡ 47 (mod 341)
246128 ≡ 163 (mod 341)
246256 ≡ 312 (mod 341)
246277 ≡ 246·47·312·312 ≡ 27 (mod 341)
Žinutė
m = 27
patikra: 2713 mod 341 = 246
Atsakymas
m = 27
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: C · O(n²)
Kodėl tai yra atsakymas
Kai atraminiai elementai nuolat parenkami blogai (pvz., jau surikiuoti duomenys ir pirmasis elementas kaip atraminis), skaidiniai būna nesubalansuoti, todėl gaunama O(n²). Vidutiniu atveju laikas yra O(n log n).
Atsakymas
C · O(n²)
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: B · Kiekvienas P klasės uždavinys taip pat priklauso NP
Kodėl tai yra atsakymas
P ⊆ NP: jei uždavinį galite greitai išspręsti, galite ir greitai patikrinti sprendinį. Ar P = NP, vis dar yra atviras klausimas.
Atsakymas
B · Kiekvienas P klasės uždavinys taip pat priklauso NP
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · Didėjančia (surikiuota) tvarka
Kodėl tai yra atsakymas
Aplankius kairįjį pomedį, tada mazgą, tada dešinįjį pomedį, BST raktai išvedami surikiuota tvarka.
Atsakymas
C · Didėjančia (surikiuota) tvarka
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: D · Kairysis posūkis kairiajame vaike, tada dešinysis posūkis mazge
Kodėl tai yra atsakymas
Pirmasis posūkis kairė–dešinė atvejį paverčia kairė–kairė atveju, kurį tada ištaiso dešinysis posūkis nesubalansuotame mazge.
Atsakymas
D · Kairysis posūkis kairiajame vaike, tada dešinysis posūkis mazge
13.Grafų teorija
Atsakymas: L = 8
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Rankų paspaudimo lema medžiui
L + 14 = 2(L + 4) − 2
L = 8
Atsakymas
L = 8
Trumpesnis kelias: L = 2 + Σ (d − 2) pagal viršūnes, kurių laipsnis d ≥ 3.
14.Grafų teorija
Atsakymas: W = 39
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Kruskalio algoritmas
EF (1): imti
BC (2): imti
BE (7): imti
BD (13): imti
DF (15): praleisti, uždaro ciklą
AC (16): imti
Bendras svoris
W = 1 + 2 + 7 + 13 + 16 = 39
Atsakymas
W = 39
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: D · Pasirinkimą, kurie stulpeliai bus rezultate
Kodėl tai yra atsakymas
Projekcija palieka pasirinktus atributus (SELECT sąrašas), o atranka σ palieka sąlygą tenkinančias eilutes (WHERE sąlyga).
Atsakymas
D · Pasirinkimą, kurie stulpeliai bus rezultate
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: C · Kaupiamąją amount sumą, sutvarkytą pagal day
Kodėl tai yra atsakymas
Esant ORDER BY ir nenurodžius rėmo, langas tęsiasi nuo pirmosios eilutės iki einamosios (ir jai lygių), todėl gaunama kaupiamoji suma.
Atsakymas
C · Kaupiamąją amount sumą, sutvarkytą pagal day
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: A · /24
Kodėl tai yra atsakymas
Trys oktetai po 255 sudaro 24 vienetinius bitus, todėl 255.255.255.0 = /24.
Atsakymas
A · /24
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: A · Pateikia podėlyje laikomą turinį iš arti naudotojų esančių serverių
Kodėl tai yra atsakymas
CDN turinio kopijas išdėsto daugelyje kraštinių vietų ir nukreipia naudotojus, dažnai per DNS, į artimą serverį. Taip sumažinamas vėlinimas ir pradinio serverio apkrova.
Atsakymas
A · Pateikia podėlyje laikomą turinį iš arti naudotojų esančių serverių
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: H = 14
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).
Skolinami bitai
24 = 16 ≥ 16 → b = 4, /28
Mazgai potinklyje
24 − 2 = 14
Atsakymas
H = 14
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: x = 223
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).